Đề thi thử đại học 2013 Môn Toán khối B Đề 7 pdf

Trang 1

ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG 2013
Môn thi: TOÁN
ĐỀ 7

I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm)
Câu I (2 điểm): Cho hàm số
32
2 ( 3) 4y x mx m x
có đồ thị là (C
m
).
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C
1
) của hàm số trên khi m = 1.
2) Cho (d) là đường thẳng có phương trình y = x + 4 và điểm K(1; 3). Tìm các
giá trị của tham số m sao cho (d) cắt (C
m
) tại ba điểm phân biệt A(0; 4), B, C
sao cho tam giác KBC có diện tích bằng
82
.
Câu II (2 điểm):
1) Giải phương trình:
cos2 5 2(2 cos )(sin cos )x x x x
(1)
2) Giải hệ phương trình:
3 3 3
22

8 27 18
46
x y y
x y x y
(2)
Câu III (1 điểm): Tính tích phân: I =
2
2
6
1
sin sin
2
x x dx

Câu IV (1 điểm): Cho hình chóp S.ABC có góc giữa hai mặt phẳng (SBC) và
(ACB) bằng 60
0
, ABC và SBC là các tam giác đều cạnh a. Tính khoảng cách
từ B đến mp(SAC).
Câu V (1 điểm) Tìm các giá trị của tham số thực m sao cho phương trình sau có
nghiệm thực:

22
1 1 1 1
9 ( 2)3 2 1 0
xx
mm
(3)
II. PHẦN RIÊNG (3 điểm)
A. Theo chương trình chuẩn:

Câu VIa (2 điểm):
1) Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho đường tròn (C) có phương trình
22
1 2 9xy( ) ( )
và đường thẳng d: x + y + m = 0. Tìm m để trên đường
thẳng d có duy nhất một điểm A mà từ đó kẻ được hai tiếp tuyến AB, AC tới
đường tròn (C) (B, C là hai tiếp điểm) sao cho tam giác ABC vuông.
2) Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho điểm A(10; 2; –1) và đường
thẳng d có phương trình:
11
2 1 3
x y z
. Lập phương trình mặt phẳng (P) đi
qua A, song song với d và khoảng cách từ d tới (P) là lớn nhất.
Câu VIIa (1 điểm): Cho ba số thực dương a, b, c thỏa mãn abc = 1. Chứng minh
rằng:

3 3 3
4 4 4
3
(1 )(1 ) (1 )(1 ) (1 )(1 )
a b c
b c c a a b
(4)
B. Theo chương trình nâng cao:
Câu VIb (2 điểm):
1) Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm A(2;–3), B(3;–2), tam giác

Trang 2

ABC có diện tích bằng
3
2
; trọng tâm G của ABC nằm trên đường thẳng (d):
3x – y – 8 = 0. Tìm bán kính đường tròn nội tiếp ABC.
2) Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz, cho đường thẳng (d) là giao tuyến
của 2 mặt phẳng (P): 2x – 2y – z + 1 = 0, (Q): x + 2y – 2z – 4 = 0 và mặt cầu
(S): x
2
+ y
2
+ z
2
+ 4x – 6y + m = 0. Tìm m để (S) cắt (d) tại 2 điểm M, N sao
cho độ dài MN = 8.
Câu VIIb (1 điểm): Giải hệ phương trình :
22
22
22
log ( ) 1 log ( )
3 81
x xy y
x y xy
(x, y R)

HƯỚNG DẪN GIẢI

Câu I: 2) x
B
, x

C
là các nghiệm của phương trình:
x mx m
2
2 2 0
.

KBC
S BC d K d BC
1
8 2 . ( , ) 8 2 16
2

m
1 137
2

Câu II: 1) (1)
x x x x
2
(cos –sin ) 4(cos –sin )–5 0

x k x k22
2

2) (2)
x
y
xx
yy

3
3
3
(2 ) 18
33
2 . 2 3
. Đặt a = 2x; b =
y
3
. (2)
ab
ab
3
1

Hệ đã cho có nghiệm:
3 5 6 3 5 6
; , ;
44
3 5 3 5

Câu III: Đặt t = cosx. I =
3
2
16

Câu IV: V
S.ABC
=
SAC

a
S SO
3
13
.
3 16
=
SAC
S d B SAC
1
. ( ; )
3
.
SAC
a
S
2
13 3
16
d(B; SAC) =
a3
13

Câu V: Đặt t =
x
2
11
3
. Vì
x [ 1;1]

nên
t [3;9]
. (3)
tt
m
t
2
21
2
.
Xét hàm số
tt
ft
t
2
21
()
2
với
t [3;9]
. f(t) đồng biến trên [3; 9]. 4 f(t)
48
7
.

m
48
4
7

Câu VI.a: 1) (C) có tâm I(1; –2), R = 3. ABIC là hình vuông cạnh bằng 3
IA 32


m
m
m
m
1
5
3 2 1 6
7
2

2) Gọi H là hình chiếu của A trên d d(d, (P)) = d(H, (P)). Giả sử điểm I là

Trang 3

hình chiếu của H lên (P), ta có
AH HI
=> HI lớn nhất khi
AI
. Vậy (P) cần
tìm là mặt phẳng đi qua A và nhận
AH

làm VTPT (P):
x y z7 5 77 0
.
Câu VII.a: Áp dụng BĐT Cô–si ta có:

a b c a b c a b c a b c

b c c a a b
333
1 1 3 1 1 3 1 1 3
;;
(1 )(1 ) 8 8 4 (1 )(1 ) 8 8 4 (1 )(1 ) 8 8 4


a b c a b c abc
b c c a a b
333
3
3 3 3 3
(1 )(1 ) (1 )(1 ) (1 )(1 ) 2 4 2 4 4

Dấu "=" xảy ra a = b = c = 1.
Câu VI.b: 1) Gọi C(a; b), (AB): x –y –5 =0 d(C; AB) =
ABC
ab
S
AB
5
2
2


ab
ab
ab

8 (1)
53
2 (2)
; Trọng tâm G
ab55
;
33
(d) 3a –b
=4 (3)
(1), (3) C(–2; 10) r =
S
p
3
2 65 89

(2), (3) C(1; –1)
S
r
p
3
2 2 5

2) (S) tâm I(–2;3;0), bán kính R=
m IM m13 ( 13)
. Gọi H là trung điểm của
MN
MH= 4 IH = d(I; d) =
m 3

(d) qua A(0;1;-1), VTCP

u (2;1;2)

d(I; d) =
u AI
u
;
3
 


Vậy :
m 3
=3 m = –12
Câu VII.b: Điều kiện x, y > 0

x y xy xy
x xy y
22
2 2 2 2
22
log ( ) log 2 log ( ) log (2 )
4


x y xy
x xy y
22
22
2
4

xy
xy
2
( ) 0
4

xy
xy 4

x
y
2
2
hay
x
y
2
2