thiết kế trạm biến áp cho phân xưởng, chương 13 docx

Chng 13: Kiểm tra sự làm việc của
bảo vệ so lệch
Để kiểm tra độ nhậy của bảo vệ so lệch MBA ta cần tính hệ
số độ nhậy K
n
đối với những điểm ngắn mạch trong vùng bảo vệ và
hệ số an toàn K
at
đối với những điểm ngắn mạch ngoài vùng bảo vệ
của bảo vệ so lệch MBA.
Chọn cấp tính toán cơ sở:
Tính toán dòng so lệch và dòng hãm của rơ le 7UT 513 theo
công thức sau:
I
SL
= {
1
+
2
+
3
}(*)
I
H
= {
1
{+ {
2
{+ {
3
}(**)

Trong đó

1
,
2
,
3
dòng điện chạy qua các BI.
4.3.1 Kiểm tra độ an toàn của bảo vệ so lệch máy biến áp:
Để kiểm tra độ an toàn hãm của bảo vệ so lệch, ta đi tính
dòng điện không cân bằng (I
kcb
) do sai số của BI và do sai số đầu
phân áp của máy biến áp.
I
SL
= I
kcb BI
+ I
kcb

U
I
kcb BI
: Dòng điện không cân bằng tính đến sai số
BI.
I
kcb BI
= K
dn

K
kcb
.f
I
.I
ng max
.
Trong đó: K
dn
= 1 - Hệ số đồng nhất.
K
kcb
= 1 - Hệ số xét tới sự ảnh h-ởng của thành
phần không chu kỳ của dòng ngắn mạch.
f
I
= (0 0,1) - Sai số của BI.
I
KCB

U
: Dòng điện không cân bằng xét tới sai số do
điều chỉnh đầu phân áp của MBA.
I
kcb

U
=

U

dc
%.I
Nngmax
.
MBA có đầu điều chỉnh:
9 . 1,78%

U
dc
% = 9 . 1,78 = 0,16
4.3.1.1. HTĐ max với trạm biến áp có 1 máy biến áp làm việc
độc lập:
a. xét điểm ngắn mạch N
(1)
:
-
Dạng ngắn mạch N
(1)
:
Theo kết quả ngắn mạch ta có bảng kết quả ngắn mạch:
N
(3)
N
(1)
N
(1,1)
N
1
BI
1

BI
2
BI
3
BI
1
BI
2
BI
3
BI
1
BI
2
BI
3
I
f
0 0 0
-
1,932
0 0
-
1,947
0 0
I
0
0 0 0
-
1,932

0 0
-
1,947
0 0
I
f

I
0
0 0 0 0 0 0 0 0 0
Cã I
ngmax
= 1,932 nhá nªn ta chän sai sè BI: f
i
= 0
VËy I
sl
= (0 + 0,16). 1,932 = 0,309
K
at
= I
slng
/ I
sl
= 0,5 / 0,309 = 1,618
- D¹ng ng¾n m¹ch N
(1,1)
:
Cã I
ngmax

= 1,947 nhá nªn ta chän sai sè BI: f
i
= 0,1
VËy I
sl
= (0 + 0,16). 1,947 = 0,312
K
at
= I
slng
/ I
sl
= 0,5 / 0,312 = 1,602
b- XÐt ®iÓm ng¾n m¹ch N
2
.
Theo kÕt qu¶ tÝnh to¸n ng¾n m¹ch phôc vô cho b¶o vÖ so lÖch
MBA ta cã:
N
(3)
N
2
BI
1
BI
2
BI
3
I
f

8,598 -8,598 0
I
0
0 0 0
I
f
– I
0
8,598 -8,598 0
Ta cã c«ng thøc tÝnh I
h
:
I
h
= I
BI1
 + I
BI2
 + I
BI3

D¹ng ng¾n m¹ch N
(3)
.
I
h
= 8,598 + -8,598 + 0= 17,196
TÝnh dßng so lÖch ng-ìng: Do I
h
= 17,196 > 5 tÝnh I

SLng
trªn
®o¹n C.
I
SLng
= tg
2
(I
h
- 2,5) = 0,5. ( 17,196 - 2,5) = 7,348
V× I
ngmax
= 8,598 lín nªn ta lÊy f
I
= 0,1
I
SL
= I
kcb
= (0,1 + 0,16). I
ngmax
= 0,26 . 8,598 =
2,235
K
at
= I
SLng
/ I
SL
= 7,348 / 2,235 = 3,287

c- XÐt ®iÓm ng¾n m¹ch N
3
.
Theo kÕt qu¶ tÝnh to¸n ng¾n m¹ch phôc vô cho b¶o vÖ so lÖch
MBA ta cã:
N
3
N
3
BI
1
BI
2
BI
3
I
f
5,516 0 -5,516
I
0
0 0 0
I
1
+ I
2
5,516 0 -5,516
Ta cã c«ng thøc tÝnh I
h
:
I

h
= I
BI1
 + I
BI2
 + I
BI3

I
h
= 5,516 + 0 + -5,516= 11,032
- D¹ng ng¾n m¹ch N
(3)
.
Do I
h
= 11,032 > 5 nªn tÝnh dßng so lÖch trªn ®o¹n C
I
SLng
= tg
2 .
(I
h
- 2,5) = 0,5. (11,032 - 2,5) = 4,266
V× I
ngmax
= 5,516 lín nªn ta lÊy f
I
= 0,1
I

SL
= I
KCB
= (0,1 + 0,16). I
ngmax
= 0,26 . 5,516 = 1,434
K
at
= I
SLng
/ I
SL
= 4,266 / 1,434 = 2,975