Sở GD&ĐT Thanh Hoá đề thi thử đại học lần I năm học 2009-2010
Trờng THPT Tĩnh gia 2 Môn:Toán Khối D
Thời gian lm bi : 180 phút
phần chung cho tất cả thí sinh:(7,0 điểm)
Câu I (2,0 điểm) Cho hm số (1)
22
223
+= xmmxxy
1. Khảo sát sự biến thiên v vẽ đồ thị hm số(1) khi
1=m
2. Tìm m để hm số (1) đạt cực tiểu tại
1=x
Câu II (2,0 điểm)
1. Giải phơng trình :
)2cottan1(sin21costan xxxxx =+
2. Giải hệ phơng trình:
=+
=+
22
333
6
191
xxyy
xyx
Câu III (1,0 điểm)
Tính tích phân :
dxxx
++
3
0
2
)1ln(
Câu IV(1,0 điểm)
Cho hình chóp S.ABC, đáy l tam giác vuông tại B , cạnh SA vuông góc với đáy
3,,60
0
aSAaBCACB ===
.Gọi M l trung điểm cạnh SB. Chứng minh rằng mặt phẳng (SAB)
vuông góc với mặt phẳng (SBC). Tính thể tích khối tứ diện MABC
Câu V(1,0 điểm) Cho 3 số thực dơng a,b,c thoả mãn abc=1.
Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức:
)()()(
222
bac
ab
acb
ca
cba
bc
C
+
+
+
+
+
=
Phần riêng: (3,0 điểm) Thí sinh chỉ đợc chọn một trong hai phần
A. Theo chơng trình cơ bản:
Câu VI.a (2,0 điểm)
1. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy cho hình bình hnh ABCD có ,giao điểm I
của hai đờng chéo nằm trên đờng thẳng
)0;2();0;1( BA
x
y =
, của hình bình hnh bằng 4. Tìm toạ độ hai
đỉnh còn lại .
2. Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz cho hai mặt phẳng
()
0532: = zyx
v
()
0132: =++ zyx
. Lập phơng trình tham số của đờng thẳng d l giao tuyến của hai
mặt phẳng
()()
;
.
Câu VII.a (1,0 điểm)
Cho Tìm k sao cho đạt giá trị lớn nhất
.2009,
kNk
k
C
2009
B. Theo chơng trình nâng cao:
Câu VI.b (2,0 điểm)
1. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy cho hình chữ nhật ABCD có tâm
)0;
2
1
(I
; phơng trình
đờng thẳng
022:
=+ yxAB
, AB=2AD. Tìm toạ độ các đỉnh của hình chữ nhật ABCD
biết đỉnh A có honh độ âm .
2. Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz cho điểm
)3;5;4(
M
v hai đờng thẳng
3
1
3
1
2
2
:;
1
2
2
3
3
1
:
21
=
+
=
+
=
+
=
+ zyx
d
zyx
d
. Lập phơng trình tham số của đờng thẳng
đi qua M v cắt hai đờng thẳng ,
)(
1
d
2
d
Câu VII.b (1,0 điểm)
Giải hệ phơng trình :
+=
=
+
)(log
2
1
1)(log
324
3
3
yxyx
y
x
x
y
Hết
đáp án đề thi thử đại học năm học 2009-2010.
Môn: toán; Khối :d (Lần 1)
Câu Nội dung điểm
1.(1,0 điểm)
Khi m =1,ta có hm số 22
23
+= xxxy
*TXĐ :R
*Chiều biến thiên :
=
=
=+=
3
1
1
0';143'
2
x
x
yxxy
0,25
Hm số nghịch biến trên khoảng
)1;
3
1
(
;đồng biến trên khoảng
3
1
;
v
khoảng
()
+;1
*Cực trị : Hm số đạt cực đại tại
27
50
;
3
1
== yx
Hm số đạt cực tiểu tại
2;1
=
=
yx
*Giới hạn :
+
=
=
+
yy
xx
lim;lim
0,25
*Bảngbiến thiên :
0,25
I
(2điểm)
*Đồ thị : Cắt trục Ox tại điểm (2;0), cắt trục Oy tại điểm (0 ;-2)
Đi qua các điểm (-1 ;-6) ; (3;1)
Nhận điểm (
)
27
52
;
3
2
( I lm tâm đối xứng
x
y
y
1
+
0
-
+
-2
+
3
1
+ 0
27
50
2.(1,0 ®iÓm)
mxymmxxy 46'';43'
22
−=+−=
0,5
§Ó hμm sè ®¹t cùc tiÓu t¹i
1
=
x
th× :
⎩
⎨
⎧
>
=
0)1(''
0)1('
y
y
0,25
1
2
3
3
1
046
034
2
=⇔
⎪
⎪
⎩
⎪
⎪
⎨
⎧
<
⎢
⎣
⎡
=
=
⇔
⎩
⎨
⎧
>−
=+−
⇔ m
m
m
m
m
mm
0,25
1. (1,0 ®iÓm)
§iÒu kiÖn: Zkkx
x
x
∈≠⇔
⎩
⎨
⎧
≠
≠
;
2
02sin
0cos
π
0,25
Ta cã: )
2sincos
sin2coscos2sin
(sin21cos
cos
sin
xx
xxxx
xx
x
x
−
=−+
x
x
x
x
x
2
cos
sin
1cos
cos
sin
=−+⇔
0,25
()
⎢
⎢
⎢
⎢
⎢
⎢
⎢
⎣
⎡
−
=
+
=
=
⇔
=++−−⇔
=+−⇔
2
51
sin
2
51
sin
)(1cos
0)1sinsin)(1(cos
0)cos)(sin1(cos
2
2
x
lx
lx
xxx
xxx
0,25
Zk
kacrx
kacrx
∈
⎢
⎢
⎢
⎢
⎣
⎡
+
−
−=
+
−
=
⇔ ,
2
2
51
sin
2
2
51
sin
ππ
π
0,25
2.(1,0 ®iÓm)
II
(2®iÓm)
Ta thÊy x=0,y=0 kh«ng ph¶i lμ nghiÖm cña hÖ ph−¬ng tr×nh 0,25
y
-2
2
3
1
0 1 x
27
50
−
Chia c¶ hai vÕ ph−¬ng tr×nh cho nhau ta ®−îc :
2
322
19)1)(1( xyxxyxy −
=
+−+
6
)1(
x
xyy +
⎢
⎢
⎢
⎢
⎣
⎡
−=
−=
⇔
=++⇔
3
2
2
3
06136
22
xy
xy
xyyx
0,25
2
3
−=xy
Thay vμo pt(1) ta ®−îc
3;
2
1
8
19
19
3
=−=⇒−= yxx
0,25
Thay
3
2
−=xy
vμo pt(1) ta ®−îc 2;
3
1
27
19
19
3
−==⇒= yxx
0,25
VËy hÖ pt cã 2 nghiÖm
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
−
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛
− 2;
3
1
;3;
2
1
(1,0 ®iÓm)
§Æt
⎪
⎩
⎪
⎨
⎧
=
+
=
⇒
⎪
⎩
⎪
⎨
⎧
=
=++
xv
dx
x
du
dvdx
uxx
2
2
1
1
)1ln(
0,25
III
(1®iÓm)
∫
+
−++=
3
0
2
3
0
2
1
)1ln(
x
xdx
xxxI
0,25
∫
+
+
−+−=
3
0
2
2
12
)1(
)23ln(.30
x
xd
0,25
0,25
1)23ln(.3)1()23ln( 3
3
0
2
−+−=+−+−= x
(1,0 ®iÓm)
Ta cã:
Mμ
0,25 BCSAABCSA ⊥⇒⊥ )(
BCAB ⊥
0,25
)()(
)(
SABSBC
SABBC
⊥⇒
⊥⇒
IV
(1®iÓm)
Ta cã: ABC vu«ng t¹i B vμ
3;60
0
aABaBCACB =⇒==
∧
0,25
S
M
A
C
B
SABC
V
2
1
MABC
VMBMS ==
42
6
1
33
a
V
a
SAABBC
V =
MABCSABC
==
0,25
(1,0 điểm)
ab
ba
ca
ac
bc
cb
C
4
+
+
+
44
+
+
+
0,25
V
(1điểm)
0,25
cba
ab
ba
bac
ab
ca
ac
acb
ca
bc
cb
cba
bc
111
4
)(
4
)(
4
)(
222
++
+
+
+
+
+
+
+
+
+
+
+
=
0,25
2
31
2
3
)
111
(
2
1
3
=++
abccba
C
1
1
2
3
===
==
=
= cba
cba
abc
C
gtnn
0,25
1.(1,0 điểm) VIa
(2điểm)
I(a;a)
1;2a) ;D(2a-2;2a)
0,25
Gọi toạ độ tâm I l
Suy ra : C(2a-
()
10)12(,
0:;
2
;
=+==
=
ABad
yABOyBOxA
ABI
0,25
()
241.2.2
;
=== aaABdS
ABIABCD
0,25
Với )4;2();4;3(2 DCa =
Với
)4;6();4;5(2
= DCa
0,25
2.(1,0 điểm)
Ta có:
)3;2;1();1;3;2(=
n =
n
0,25
Lấy A(1;-1;0) l một điểm chung của hai mặt phẳng
(
)
(
)
; .
0,25
Giao tuyến d của hai mặt phẳng
(
)
(
)
; nhận
nnu = lm véc tơ chỉ
phơng.
()
7;5;11==
nnu
0,25
D
C
I
A
B
Phơng trình tham số của d l
0,25
:
Rt
tz
ty
tx
+=
+=
+=
,
70
51
111
(1,0 điểm)
Giả sử
200
k
C
1
2009
9
+
k
C
)!1()!2008(
!2009
!)!2009(
!
2009
+
kkkk
0,25
1004
20091
+
k
kk
0,25
2009
2009
1006
2009
1005
2009
1004
2009
1
2009
0
2009
CCCCCC =
0,25
VIIa
(1điểm)
Vậy đạt gtln khi k=1004 hoặc k=1005
0,25
k
C
2009
1.(1,0 điểm) VIb
(2điểm)
Phơng trình AD,BC có dạng:
)(02
=
+
+
cyx
AB=2AD
);();(
2
1
= dd
IABI
0,25
=
=
=+
+
=
+
6
4
51
5
1
5
2
2
1
c
c
c
c
0,25
Phơng trình AD,BC l x+y+4=0 v 2x+y-6=0
Toạ độ A,B l nghiệm của hệ
=+
=
=+ 022
06
;
022 yx
y
yx
0,25
: 2
+
=++ 2042 xyx
=
=
=
=
2
2
;
0
2
y
x
y
x
Do A có honh độ âm nên A(-2;0); B(2;2) ; C(3;0);D(-1;-2) 0,25
2.(1,0 điểm)
Đờng thẳng
1
d đi qua A(-1;-3;2) v có vtcp )1;2;3(
1
u
Đờng thẳng đi qua B(-2;-1;1) v có vtcp
2
d )3;3;2(
2
u
Ta có:
)2;4;2();1;3( == MBMA 2;
0,25
ẳng (P) đi qua M v có véc tơ pháp tuyến l :
Mặt ph
1
d
)12;0(
1
== uMAn
P
;4
h tổng quát của (P) l: Phơng trìn
053
=
+
zx
0,25
A B
I
C
D
Mặt phẳng (Q) đi qua M v
2
d
có véc tơ pháp tuyến l :
)2;( == uMBn
2;6
2
P
h tổng quát của (Q) l:
043 =++ zyx
Phơng trìn
Đờng thẳng
)(
l giao điểm của h ) ai mặt phẳng (P v (Q)
ph
)1;8;3( == nnu
)(
véc tơ chỉ ơng l:
QP
họ (P) v (Q) l I(-1;3;2)
0,25
C n một điểm chung của
Phơng trình tham số của đờng thẳng
)(
l
=
+=
+
;
2
83
31
0,25
:
Rt
tz
ty
t
x
=
(1,0 điểm)
Điều kiện
0,25
:
yx
xy 0
=
=
+
=++
=
+
3
52
1)log()log(
22
22
5
2
yx
x
y
y
x
yxyx
x
y
y
x
0,25
2;
2
1
02525)
1
(2)1(;
2
===+=+= tttt
t
tt
y
x
Đặt
0,25
VIIb
(1điểm)
Với
)(332
2
1
2
VNxxyt ===
Với
Vậy hệ có một nghiệm (2;1)
0,25
==
==
===
)(2;1
2;1
3322
2
lxy
xy
yyxt
Chú ý: - Học sinh giải theo cách khác đúng , gv chấm tự chia thang điểm hợp lý