KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 THPT QUỐC HỌC MÔN TOÁN pptx

SỞ GIÁO DỤC-ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 THPT QUỐC HỌC
THỪA THIÊN HUẾ Khóa ngày 19.6.2006
ĐỀ CHÍNH THỨC
Môn: TOÁN
Số báo danh: Phòng: Thời gian làm bài: 150 phút
Bài 1: (1 điểm)
So sánh (không dùng bảng số hay máy tính bỏ túi):
3 7+
và
19
.
Bài 2: (1 điểm)
a) Biến đổi
3 1x x− +
về dạng
2
A b+
với b là hằng số và A là một biểu thức.
b) Suy ra giá trị lớn nhất của biểu thức
1
3 1x x− +
. Giá trị đó đạt được khi
x
bằng bao
nhiêu ?
Bài 3: (1,25 điểm)
Viết phương trình đường thẳng
d
song song với đường thẳng
2 1x y+ =
và đi qua giao

điểm của hai đường thẳng
1
: 2 3 4d x y− =
và
2
:3 5d x y+ =
.
Bài 4: (1,25 điểm)
Cho phương trình
2
6 4 0x mx− + =
. Tìm giá trị của
m
, biết rằng phương trình đã cho có
hai nghiệm x
1
và x
2
thỏa mãn điều kiện
2 2
1 2
1 1 7
2x x
+ =
.
Bài 5: (1,5 điểm)
Một máy kéo nông nghiệp có hai bánh sau to hơn hai bánh trước. Khi bơm căng, bánh xe
sau có bán kính lớn hơn bán kính bánh xe trước là 25 cm. Khi đi trên đoạn đường dài 314m thì
bánh xe trước quay nhiều hơn bánh xe sau 40 vòng. Tính bán kính của mỗi bánh xe trước và
sau. Cho biết

3,14
π
=
.
Bài 6: (0,75 điểm)
Từ một đài quan sát của một con tàu cao 15m so với mực nước biển, người thủy thủ bắt
đầu nhìn thấy đỉnh của ngọn hải đăng. Hỏi khi đó con tàu cách ngọn hải đăng bao nhiêu
kilômét ? Biết rằng theo bản đồ hàng hải, cột hải đăng đó cao 90m so với mực nước biển và
bán kính của Trái Đất gần bằng 6400km.
Bài 7: (1,75 điểm)
Cho đường tròn (O) tâm O, bán kính R. Trên (O) cho
các điểm B, C cố định và A di động. EF là đường kính
vuông góc với BC. Gọi I là tâm của đường tròn nội tiếp tam
giác ABC. Khi A chạy trên (O) thì I chạy trên các đường
nào ? Nêu cách dựng các đường đó.
Bài 8: (1,5 điểm)
Một cái phểu gồm một phần có dạng hình trụ, bán kính
đáy bằng R và phần còn lại có dạng hình nón, chiều cao
bằng 2R. Phểu chứa nước có mực nước đến sát đáy hình
nón. Người ta thả vào một quả bi hình cầu bằng kim loại
vào thì nó đặt vừa khít trong hình nón (hình vẽ). Tính chiều
cao cột nước dâng lên theo R.
R
Hết
SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT QUỐC HỌC
THỪA THIÊN HUẾ Năm học 2005-2006
ĐỀ CHÍNH THỨC ĐÁP ÁN VÀ THANG ĐIỂM
Bài Ý Nội dung Điểm
1 1,0
Đưa về so sánh

( )
2
3 7+
với
( )
2
19 19=
hay so sánh
10 2 21+
với 19 = 10 + 9, hay so sánh
2 21
với 9.
Ta có
( )
2
2
2 21 84 81 9= > =
,
suy ra:
( ) ( )
2 2
2 21 9 3 7 19 3 7 19> ⇒ + > ⇒ + >
0,25
0,25
0,25
0,25
2
1,0
2.a
( )

( )
2 2
2
3 3 1 3 1 1
3 1 2 , 0
2 2 4 2 4 4
x x x x x x
   
− + = − × × + + = − + ≥ ≥
 ÷  ÷
 ÷  ÷
   
0,50
2.b
Suy ra
3 1x x− +
đạt giá trị nhỏ nhất là
1
4
khi
3 3
0
2 4
x x− = ⇔ =
0,25
Do đó
1
3 1x x− +
đạt giá trị lớn nhất là
4

khi
3
4
x =
0,25
3 1,25
+ Đường thẳng
1 1
2 1
2 2
x y y x+ = ⇔ = − +
, nên có hệ số góc
1
2
a = −
0,25
+ Đường thẳng d song song với đường thẳng
2 1x y+ =
, nên

1 1
:
2 2
d y x b b
 
= − + ≠
 ÷
 

0,25

+ Tọa độ giao điểm M của d
1
và d
2
là nghiệm của hệ phương trình:
2 3 4
3 5
x y
x y
− =


+ =

+ Giải hệ phương trình ta có
19 2
;
11 11
M
 
−
 ÷
 
0,25
+ Đường thẳng d đi qua M nên:
2 19 15 1
11 22 22 2
b b− = − + ⇔ = ≠
+ Vậy phương trình của đường thẳng
1 15

: 11 22 15
2 22
d y x x y= − + ⇔ + =
0,25
0,25
4 1,25
Ta có:
2
' 9 4m∆ = −
0,25
Để phương trình có 2 nghiệm x
1
, x
2
cần và đủ là:

2 2
4 2 2 2
' 9 4 0 | |
9 3 3 3
m m m m hay m∆ = − ≥ ⇔ ≥ ⇔ ≥ ⇔ ≤ − ≥
0,25
Theo giả thiết:
( )
2
2 2
1 2 1 2
1 2
2 2 2 2 2 2
1 2 1 2 1 2

2
1 1 7 7 7
2 2 2
x x x x
x x
x x x x x x
+ −
+
+ = ⇔ = ⇔ =
2
2
36 8 7 16 4
16 2 9 3
m
m m
−
= ⇔ = ⇔ = ±
. Cả hai giá trị này của
m
đều thỏa mãn
điều kiện
2
| |
3
m ≥
.
Vậy các giá trị của m thỏa mãn điều kiện của bài toán là:
4
3
m = ±

0,25
0,50
5 1,50
Gọi x (m) là bán kính của bánh xe trước. Điều kiện: x > 0. 0,25
Khi đó bán kính của bánh xe sau x + 0,25 (m)
Chu vi của bánh xe trước và sau là:
2 6,28 ;2 ( 0,25) 6,28( 0,25)x x x x
π π
= + = +
0,25
Theo giả thiết:
314 314 50 50
40 40
6,28 6,26( 0,25) 0,25x x x x
= + ⇔ − =
+ +
2
4 1,25 0x x⇔ + − =
0,25
0,25
Giải phương trình ta được:
1
1 21
0
8
x
− −
= <
(loại),
2

1 21
0,45
8
x m
− +
= ≈
0,25
Vậy: Bán kính của bánh xe trước là:
1 21
0,45
8
m
− +
≈
và bán kính của bánh
xe sau là:
1 21
0,70
8
m
+
≈
0,25
6 0,75
Gọi A là vị trí của đài quan sát trên tàu, C là đỉnh
ngọn hải đăng. Khi A nhìn thấy C thì AC là tiếp
tuyến của trái đất, tiếp điểm là B.
2 2
6400.015 6400 13,9AB km= − ≈
2 2

6400.09 6400 33,9BC km= − ≈
Vậy khi nhìn thấy ngọn hải đăng, thì con tàu cách
đó khoảng
47,8km
.
+ Nếu học sinh tính độ dài tổng 2 cung
¼
¼
' , 'A B C B
(sử dụng máy tính bỏ tuí): đd
¼
1
2 6400 6400
' cos 13,9
360 6400.015
A B km
π
−
×
 
= × ≈
 ÷
 
, tương tự với đd
¼
' 33,8C B km≈
,
vẫn cho điểm tối đa.
0,25
0,25

0,25
7 1,75
+ Tâm đường tròn nội tiếp tam giác ABC là giao điểm I của 3 đường phân giác
trong của tam giác, nên:
·
·
µ
µ
µ
0
180
2 2 2
B C A
IBC ICB
−
+ = + =
·
µ
0
90
2
A
BIC⇒ = +
+ Khi A chạy trên cung lớn
¼
BFC
:
0,25
A'
C'

µ
¼
2
BEC
A
α
= =
(không đổi), nên:
·
µ
0 0
90 90
2 2
A
BIC
α
= + = +
(không đổi).
Do đó I chạy trên cung chứa góc
0
90
2
α
+
dựng trên đoạn BC ở bên trong (O)
0,25
0,25
Cách dựng: Ta có đường kính EF vuông góc với dây BC,
nên E và F là trung điểm của hai cung trương bởi BC và
·

0
90EBF =
.
Suy ra
·
¼
2 2
EC
EBC
α
= =
.
Trên tia đối của tia BF lấy điểm F', thì góc
·
0
' 90
2
F BC
α
= +
.
Theo cách dựng cung quỹ tích thì E là tâm của cung chứa góc
0
90
2
α
+
dựng
trên đoạn BC ở bên trong (O).
+ Khi A chạy trên cung nhỏ

¼
BEC
:
µ
·
A BEC=
(không đổi)
·
·
0
90
2
BEC
BIC⇒ = +
(không đổi).
Do đó I chạy trên cung chứa góc
·
0
90
2
BEC
+
dựng trên đoạn BC ở bên trong
(O).
Cách dựng: Tương tự như trên, điểm F là tâm của cung tròn quĩ tích.
0,25
0,25
0,25
0,25
8 1,50

+ Hình cầu đặt khít hình nón, nên đường tròn lớn của nó nội tiếp trong tam giác
cân SAB, với SA, SB là hai đường sinh và AB là đường kính đáy của đáy hình
nón. Gọi I là tâm và r là bán kính hình cầu, thì BI là phân giác góc SBA.
+ Theo tính chất phân giác, ta có:
IO OB IO OB
IS SB IO IS OB SB
= ⇒ =
+ +
2
2
5 1 5
r R R
r
R
R R
⇒ = ⇒ =
+ +
0,25
0,25
0,25
+ Thể tích hình cầu bằng thể tích cột nước hình trụ dâng lên có chiều cao x > 0,
nên ta có :
( )
3
3 2
3
2
4 4 32
3 3
3 1 5

r R
r R x x
R
π π
= ⇔ = =
+
Vậy chiều cao của cột nước dâng lên là:
( )
3
32
3 1 5
R
x =
+
+ Cách 2:
· ·
1 0
2 tan (2) 63 26'6"tgSBO SBO
−
= ⇒ = ≈
(sử dụng máy tính hoặc
bảng số).
Suy ra:
· ·
0
31 43'3" 0,62IBO r Rtg IBO R≈ ⇒ = ≈
.
Do đó:
3
3 2

2
4 4
0,32
3 3
r
r R x x R
R
π π
= ⇔ = ≈
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25