THI CHN HOC SINH GII TNH 12
(Thời gian làm bài 180 phút)
Bi 1: Cho h phng trỡnh:
=+
=++
83
22
axyyx
axyyx
Vi iu kin no ca a thỡ h cú nghim.
Bi 2: Cho tam giỏc ABC cú 3 gúc nhn. Chng minh:
( ) ( )
+++++ tanCtanBAtan
3
1
sinsinsin
3
2
CBA
Bi 3: Tỡm iu kin ca m phng trỡnh cú nghim:
( )
mxx =+
4
4
cos1cos
Bi 4: Cho hỡnh chúp t giỏc u SABCD cú cnh ỏy bng a, ng cao bng h.
(P) l
mt phng i qua A vuụng gúc vi SC, (P) ct SB,SC,SD ln lt
,,,
,, DCB
.
1. h phải thỏa mãn điều kiện gì để
,
C
thuộc cạnh SC khi đó tính diện tích
thiết diện.
2. Tính thể tích hình chóp
,,,
DCSAB
.
Bài 5: a, b, c là ba số thực
0
chứng minh rằng :
a
c
c
b
b
a
a
c
c
b
b
a
++++
2
2
2
2
2
2
Sơ lợc đáp án đề thi chọn học sinh giỏi 12
Năm học 2008-2009
Đáp án
Bài 1 (4 điểm)
=+
=++
83
22
axyyx
axyyx
( )
=+
=++
83ayxxy
axyyx
Đặt
=
=+
pxy
syx
điều kiện
PS 4
2
*
=
=+
83aps
asp
đa về phơng trình
083
2
=+ aatt
điều kiện để phơng trình có nghiệm
0
( )
84032120834
22
+ aaaaaa
(1)
S
1
=
2
;
2
2
=
+ a
s
a
1/ a
8
s,p
0
S=
4
2
;4
2
=
+ a
p
a
thỏa mãn
2/a<
0
3
8
sp
khi đó S=
0
2
;0
2
=
+ a
p
a
thỏa mãn
3/
0;4
3
8
psa
khi đó S=
2
;
2
=
+ a
p
a
thế vào
ps 4*
2
(
2
+a
)
2
( ) ( ) ( ) ( )
081348244
2
4
2
22
+
aaaaaa
a
8
3313
3
8 +
a
Vậy với những giá trị:
8
3313
3
8 +
a
hoặc a
8
Bài2 (4 điểm) :
( ) ( )
+++++ tanCtanBAtan
3
1
sinsinsin
3
2
CBA
AAA + tan
3
1
sin
3
2
+
0tansin
3
2
tan
3
1
3
2
+++ CCCBBSinB
Vai trò nh nhau
Đăt f(x) =
xxx + tan
3
1
sin
3
2
x
2
,0
( )
1
cos3
1
cos
3
2
2
,
+=
x
xxf
=
1
cos
1
cos2
3
1
2
+
x
x
áp dụng bất đẳng thức côsi cosx+cosx+
3
cos
1
2
x
( )
0
'
xf
f(x) hàm đồng
biến x
2
,0
f(x)
f(0) =o Thay x=A,x=B, x=C
A.B,C nhọn do đó f(A)>0;f(B)>0,f(C)>0 vậy bất đẳng thứ đợc chứng minh
Bài 3 (4 điểm )
( )
mxx =+
4
4
cos1cos
Đặt t =
cosx điều kiện
1t
Xét hàm số f(x)= t
4
+(1-t)
4
Tìm giá trị lớn và nhỏ nhất trên
1t
f(x)=4t
3
- 4(1-t)
3
f(x)=0 khi t=
2
1
f(1) =1; f(-1) = 17 ; f(
2
1
) =
8
1
vậy phơng trình có nghiệm
17
8
1
m
Mặt phẳng đi qua A vuông góc với SCsẽ cắt (SAC) theo
đờng cao AC của tam giác SAC muốn cho điểm C
năm trên SC thi góc SAC nhọn suy
ra
HSC <45
0
. Vậy ta có SH>HC
2
2
ah
2 gọi k là giao điểm của đờng cao SH của hình chóp với ACta có:
( )
( )
P
SCBD
SCP
//BDVậy (P) cắt (SBD) theo BD đi qua K và //BD .Nên (P) cát
hình chóp SABCD theo thiết diện là tứ giác ABCD có 2 đờng chéo vuông góc
là AC và BD (Do BD vuông góc (SAC vì BD//BD)
Vậy diện tích thiết diện ABCD là
S =
2
1
AC BD mà AC.SC = SH.AC = dt (tg SAC) suy ra
AC =
2
2
2
2
a
h
ha
+
=
22
2
2
ha
ah
+
Từ tính chất trực tâm tam giác SAC có : HK.HS = HA.HC
HK =
h
ah
SK
h
a
2
2
2
222
=
theo tính chất 2 tam giác đồng dạng SBD và SBD
( )
2
2222
2
22
''
2
2''
h
aha
DB
h
ah
SB
SK
BD
DB
=
==
Vậy S =
( )
( )
22
222
22
2
ahh
aha
+
2/ Hình chóp SAB CD có chiều cao là SC với SC.SC = SH.SK( vì tứ giác
HCCK nội tiếp đợc) nên:
SC =
)2(2
2
22
22
ah
ah
+
Vầy thể tích hình chóp SABCD
2V =
3
1
SC.dt(ABCD) =
3
1
)2(2
2
22
22
ah
ah
+
( )
( )
22
222
22
2
ahh
aha
+
=
( )
( )
22
2
222
26
2
ahh
aha
+
(ĐVTT)
S
B
H
K
C
D
A
C
Bài 4 (5 điểm)
Bài 5( 3 Điểm)
a
c
c
b
b
a
a
c
c
b
b
a
++++
2
2
2
2
2
2
3
2
2
2
2
2
2
2
2
2
2
2
2
2
2
22
2
+
+++++
++
++
+
a
c
c
b
b
a
a
c
c
b
b
a
a
a
a
c
c
c
c
b
b
b
b
a
(1)
+
22
2
b
b
b
a
b
a
a
b
b
a
2.2 =
+
2
2
2
2
c
c
c
b
c
b
c
c
c
b
2.2 =
+
2
2
2
2
a
a
a
c
a
c
a
a
b
c
2.2 =
++++
++
++
+
a
c
c
b
b
a
a
c
c
b
b
a
a
a
a
c
c
c
c
b
b
b
b
a
2)(2
2
2
2
2
2
2
2
2
22
2
(*)
Mặt khác
++
2
2
2
2
2
2
a
c
c
b
b
a
3
3.
2
2
2
2
3
2
2
=
a
c
c
b
b
a
(**)
Cộng vế cho vế ta đợc (1) điều phải chứng minh