Giải Nhanh Đề Thi Đại Học Môn Toán 2016

MATH-EDUCARE
Hoàng Việt Quỳnh

M

AT

Toaën hoåc phöí thöng

E

AR
UC

ED

H-

Các phương pháp giải nhanh đề thi
đại học

WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE

M

Các phương pháp giải toán đại số và

giải tích
L i nói đ u:

AR
UC

ED

H-

AT

Sau 12 năm học tập, giờ đây chỉ còn một kì thi duy nhất đang chờ đợi các em đó là kì thi đại
học. Đây sẽ là kì thi khó khăn nhất trong suốt 12 năm các em ngồi trên ghế nhà trường. Kì thi
đại học chính là một bước ngoặt lớn trong cuộc đời của mỗi học sinh vì thế mỗi học sinh cần
phải chuẩn bị kiến thức thật toàn diện vì nội dung của đề thi mang tính liên tục. Có lẽ trong các
môn, môn toán vẫn luôn chiếm vị trí quan trọng và là vật cản lớn nhất trên bước đường tiến tới
giảng đường đại học. Vì thế tôi xin mạo muội góp chút kiến thức đã thu lượm được trong quá
trình học tập để viết lên quyển sách này. Hy vọng đây sẽ là tài liệu bổ ích cho các em học tập.
Quyển sách được chia thành sáu đơn vị bài học và hai phụ lục. Mỗi bài đều là những phần
quan trọng, xuất hiện thường xuyên trong đề thi đại học. Ở mỗi bài đều có những đặc điểm
sau:
• Phần tóm tắt kiến thức đã học được trình bày ngắn gọn và tổng quát nhằm khơi lại phần
kiến thức đã quên của các em.
• Hệ thống các bài làm được chọn lọc kĩ lưỡng, có tính điển hình và khai thác tối đa các
góc cạnh của vấn đề nêu ra, đồng thời phương pháp giải ngắn gọn, trực quan cùng nhiều
kinh nghệm giải đề giúp các em có thể hiểu được nội dung bài giải và cách áp dụng cho các
dạng đề thi sẽ gặp sau này. Đồng thời, các ví dụ đều được trình bày từ cơ bản đến nâng cao.
Đây là những đề bài trích ra từ đề thi dự trữ của các năm trước và tham khảo từ những tài
liệu của các thầy cô có nhiều năm kinh nghiệm trong quá trình luyện thi nên đảm bảo về

mức độ và giới hạn kiến thức. Lời giải trong các ví dụ chỉ là tượng trưng nhằm mục đích nêu
lên phương pháp giải, các em và các thầy cô khi tham khảo cuốn tại liệu này có thể tìm ra và
trình bày cách giải và cách trình bày hợp lí hơn. Các em nên tập giải các dạng bài trên một
cách thuần thục và độc lập. sau khi giải xong mời xem phần lời giải. Đó là điều mà tác giả kì
vọng nhiều nhất.
• Lí giải các phương pháp, đưa ra thuật toán giải chung, đưa ra bản chất lời giải, đó là
phần lời bình, lưu ý ở cuối mỗi bài tập.
Phần phụ lục là 12 đề thi tiêu biểu theo cấu trúc đề thi mới nhất do Bộ GD&ĐT công bố. Các
đề thi có mức độ khó rất cao, đòi hỏi người làm phải tư duy rất nhiều. Với mức độ khó đó, tôi
mong rằng khi các em giải thuần thục các bài trong bộ đề thi này các em sẽ có đủ tự tin và kiến
thức để đạt điểm cao khi làm bài môn toán. Phụ lục 2 là một số mẹo để dùng máy tính đoán
nghiệm cố định, phục vụ cho quá trình giải các bài tập về phương trình tích như lượng giác, hệ
phương trình, phương trình, cách giải nhanh bài toán hình học bằng máy tính… Đồng thời giới
thiệu thêm phương pháp chia Horner để giúp các em làm nhanh bài toán có chia đa thức, phân
tích thành tích…
Với dự định là sẽ giới thiệu quyển sách cho các em trong tháng cuối cùng trước khi thi đại
học nên sách đã giản lược một số phần không cần thiết và các kiến thức bên lề, chỉ giới thiệu
những trọng tâm của đề thi nên bài tập có thể còn ít. Tôi cũng có lời khuyên cho các thì sinh là
hãy tìm thêm các đề thi trên mạng internet vì đây là kho kiến thức vô tận.
Mặc dù rất cố gắng nhưng cuốn sách rất có thể còn nhiều thiếu sót do thời gain biên soạn
ngắn đồng thời kinh nghiệm và sự hiểu biết còn hạn chế. Rất mong được sự góp ý của bạn đọc.
Mọi góp ý xin liên hệ với tác giả qua địa chỉ sau:

Email:
Blog: />Tel: 063-3960344 - 01676897717
1
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

E

Hoàng Việt Quỳnh
Khu 6a – Thị trấn Lộc Thắng – Bảo Lâm – Lâm Đồng


MATH-EDUCARE

Bài I: Ứng dụng phương trình đường thẳng để
giải phương trình căn thức.

M
VD1.

Nhắc lại kiến thức về đường thẳng.

AT

1) Phương trình tổng quát:
Đường thẳng đi qua M(x0;y0) và có vetơ pháp tuyến n (A;B) thì đường thẳng đó có phương trình:
(d): A(x-x0)+B(y-y0)=0
(d):

Ax+By+C=0

Đường thẳng qua M(1;2) nhận n (2;1) làm vectơ pháp tuyến.

VD1.

H-

(d): 2(x-1)+1(y-2)=0
(d): 2x+y-4=0
2) Phương trình tham số:
Đường thẳng đi qua M(x0;y0) và có vectơ chỉ phương a (a1;a2)

 x = x0 + a1t

 y = y0 + a2t

ED

(d):

Đường thẳng qua M(3;4) nhận a (2;3) làm vtcp có phương trình:

VD2.

 x = 3 + 2t

 y = 4 + 3t

(d):

Vectơ chỉ phương : a (1,-1)
Điểm đi qua M(2;2)
(d) :

x = 2 + t


y = 2 − t

VD2.

Ứng dụng

VD1.

Giải phương trình :

x 3 + 8 + 3 12 − x 3 = 10

Giải:
Đặt:
3

x 3 + 8 =1+3t
2

x +8=(1+3t) (*)

và
và
2

AR
UC

VD3.
Cho (d): x+y=4. Viết phương trình tham số của (d).

Giải:
Vectơ pháp tuyến : n (1,1)

12 − x 3 =3-t
3

Đk( -1/3 ≤t≤1/3)

2

12-x = (3-t) (**)

E

Lấy (*)+(**) ta có 20=10t +10
t2=1
t=1
hoặc
t=-1(loại)
3
x =8
x=2
Tip:
Có phải bạn đang tự hỏi: thuật toán nào đã giúp ta nhìn thấy được cách đặt ẩn t ???
2
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

MATH-EDUCARE
Không phải ngẫu nhiên mà tôi lại trình bày lại vấn đề đường thẳng, một vấn đề tưởng chừng như
chẳng liên quan gì đến đại số. Nhưng giờ đây ta mới nhận ra được “đường thẳng” chính là “tuyệt chiêu”
để giải phương trình dạng căn thức. Mấu chốt đó là:

M

x 3 + 8 + 3 12 − x 3 = 10

B1:

X

Y

Từ đó ta có phương trình đường thẳng : X+3Y=10
B2: ta viết lại phương trình: X+3Y=10 theo tham số t

AT

 X = 1 + 3t

Y = 3 - t

Lúc này phương trình đã quy về 1 ẩn t và việc giải phương trình trên là không khó. (Vì đây là kiến thức
“lớp nhí”)
Để hiểu rõ hơn về phương pháp này các bạn hãy cùng tôi đến với VD2.

x + 3 + 3 x + 2 =1

Giải phương trình :

H-

VD2.

X

Giải:
Gọi (d): X=1+t
(1)

và

Y

Y=0+t

 x + 3 = 1 − t
Đặt 
3 x + 2 = t

(t≤1)

ED

 x + 3 = 1 − 2t + t 2

 x + 2 = t 3

Lấy phương trình 2 trừ pt1 ta có: -1=t3-t2 +2t-1
t3-t2 +2t=0
• T=0
x=-2
Lưu ý:
Trong khi giải đề thi, các bạn nên trình bày từ bước(1) trở đi nhằm đảm bảo tính ngắn gọn cho bài toán.
Bước gọi phương trình đường thẳng chỉ nên làm ngoài giấy nháp.

•

Trong bài trên ta có thể đặt

 x + 3 = u
3
 x + 2 = v

và quy về giải hệ phương trình. Các bạn có thể xem

AR
UC

•

cách này như một bài tập. các bạn hãy làm và so sánh sự ưu việt giữa 2 phương pháp.
Trong bài trên ta hạn chế phương pháp lũy thừa vì nếu muốn khử 2 căn thức khác bậc trên, ta phải
^6 phương trình. Ta sẽ gặp khó khăn và sẽ đối mặt với 1 phương trình “kinh khủng” và ta phải giải
“xịt khói” mới có thể ra nghiệm.

VD3.

Giải hệ phương trình :

 x + y − xy = 3
(1)

 x + 1 + y + 1 = 4 (2)

(đề thi ĐH năm 2005)

Giải:
Đặt:

 x + 1 = 2 + t

 y + 1 = 2 − t

(-2≤t≤2)

Phương trình(1) trở thành: 2t2+6-

(t 2 + 3 + 4t )(t 2 + 3 − 4t ) =3
3
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

E

 x = t 2 + 4t + 3


 y = t 2 − 4t + 3

 x + 1 = t 2 + 4t + 4

 y + 1 = t 2 − 4t + 4


MATH-EDUCARE
t 4 − 10t 2 + 9 =2t2+3
hoặc
x=y=3

M

t=0

VD4.

Định m để phương trình sau có nghiệm:

AT

Giải:

Để phương trình có nghiệm:

f ( x) = m

Min f(x)≤m ≤Max f(x)

 x + 2m = 1 + 3t

 3m − x = 3 − t
 x + 2m = 1 + 6t + 9t 2

3m − x = 9 − 6t + t 2

Đặt

(-1/3≤t≤3)

H-

Với f(t)= 2t2+2
F’(t)=4t
=>f’(t)=0
-∞

2t2+2=m

f(t)=m

miền xác định: D=[-1/3;3]

t=0

-1/3

ED

t
F’(t)

cộng vế với vế => 5m=10+10t2

-

20/9
F(t)

0
0

3

+∞

+
20

2

VD3.

2≤m≤20

Bài tập tự luyện

1) Giải hệ phương trình:

2) Giải hệ phương trình:

3) Giải hệ phương trình:

 2 x + y + 1 − x + 1 = 1

3 x + 2 y = 4

(đề thi dự bị1A – 2005)

1 − sin( x) + 1 + cos( x) = 1 (đề thi dự bị2A – 2004)

4
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

E

4) Giải phương trình:

AR
UC

M có nghiệm


MATH-EDUCARE

Bài II: Các cách giải phương trình và bất phương trình

vô tỉ.

M

1)Lũy Thừa

AT

Phương pháp lũy thừa là phương pháp tổng quát nhất để giải phương trình có căn. Khi gặp các phương
trình có dạng căn phức tạp nhưng khi chúng ta biết “mẹo lũy thừa” thì có thể giải bài toán một cách dễ
dàng. Đây là một phương pháp cơ bản, các bạn phải thực tập nhuần nhuyễn vì phương trình trong đề thi
đại học có lúc rất dễ nhưng ta lại không để ý. các bạn hãy theo dõi các ví dụ sau. Nhưng trước hết hãy
lưu ý vấn đề sau:
• Đặt điều kiện
• Lũy thừa chẵn thì hai vế không âm
• Các dạng cơ bản:

HA=B
A
VD1.

x ≥ 0
5 − x ≥ 0

10 − x ≥ 0

 x + 5 − x + 2 x(5 − x) = 10


0 ≤ x ≤ 5

2 5 x − x 2 = 5 − x

0 ≤ x ≤ 5
 2
x − 6x + 5 = 0
VD2.
Giải:

AR
UC

Giải:

ED

A>B

B ≥ 0

2
A = B
B ≥ 0

2
0 ≤ A ≤ B
 B < 0

 A ≥ 0

 B ≥ 0

 A > B 2

x=1 ∨ x=5

2 x − x + 3 < x −1

x = x − 3 + x −1

 x ≥ 1
 2
 x + 2 x − 3 > x − 1

5
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

E

 x ≥ 1

4 x < x + 3 + x − 1 + 2 ( x + 3)( x − 1)
x ≥ 1
x ≥ 1
x=1
 2

2

x > 1
x + 2x − 3 > x − 2x + 1

2

0 ≤ x ≤ 5

2
2
4(5 x − x ) = 25 − 10 x + x


MATH-EDUCARE
VD3.
Giải:

M

Đk: 2x+1>0
x>1/2
Bpt
(4x2-4x+1)(x2-x+2)≥36
Đặt t = (x2-x) bpt trở thành:
(4t+1)(t+2)≥36
4t2+9t-34≥0
t≤-17/4 hoặc t≥2
x2-x≤-17/4 hoặc x2-x≥2
x≤1 hoặc x≥2

AT

VD4. Giải bất phương trình :

Giải:

− x 2 + x = 0

2
 x − x > 0
 2
 x − x − 2 ≥ 0

H-

⇔ x = 0∨ x =1

A

B ≥0

B = 0

 B > 0
 A ≥ 0

ED

Lưu ý:
Ở bất phương trình trên các bạn không nên lũy thừa để tính toán vì quá trình lũy thừa và nhân phân phối
rất mất thời gian. Hơn nữa, khi quy về một phương trình hệ quả, chúng ta giải rất dễ sai vì khi giao các

tập nghiệm sẽ không có giá trị nào thỏa mãn.
Trong bài trên tôi sử dụng cách đánh giá theo kiểu như sau:
Đó chính là mấu chốt của bài toán

x=3

E

  3x − 5 
≥0
2 − 
  4 

3 x − 5 ≥ 0

2
 x 2 − 8 =  3 x − 5 

 4 

AR
UC

VD5. Giải phương trình :
Giải:

6
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

MATH-EDUCARE

M

Lưu ý:
Trong phương trình trên các bạn phải “để ý” và “nhanh” một chút vì nếu như ta để nguyên phương trình
đề cho để lũy thừa thì đó là một điều “không còn gì dại bằng” ta sẽ đối mặt với chuyện lũy thừa 2 lần =>
một phương trình bậc 4. Phương trình này ta không thể bấm máy tính. Nhưng nếu giải tay thì phải giải “xịt
khói” mới ra trong khi thời gian không chờ đợi ai. Đồng thời chúng ta không cần giải điều kiện vội vì giám
khảo chỉ quan tâm đến bài làm và kết quả. Chúng ta hãy chỉ viết “cái sườn” của điều kiện. sau khi giải ra
nghiệm chỉ việc thế vào điều kiện là xong.

AT

2) Phương pháp đặt ẩn phụ:
CÁCH GIẢI:
f u ( x); n u ( x) ≥ 0
n
n

)
u ( x) ) ≤ 0
u ( x) ) = 0

t= n

u ( x)

Phương trình hữu tỉ hoặc hệ phương trình

H-

(
f (u ( x);
f (u ( x);

BÀI TẬP ÁP DỤNG:
VD1.

Đặt t=

3t=2(t2-1)
t=-0.5 (loại) hoặc t=2
x2+x=6
x=2 hoặc x=3

VD2.
Giải:

T=

t ≥ 0
2
t + 1 = x

x −1

Phương trình trở thành:

t2+1-(t+1)=2
x=5

t2-t-2=0

t=2 hoặc t=-1

VD3.
Giải:

=> t>0 ; t2+2= x2 + x

E

AR
UC

ED

Giải:

=>
7
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE

pt trở thành: t2+t+2=8

t=2 ∨ t=-3

M
TH1:

t=2

AT

TH2: t=-3

(

n

H-

LOẠI II: f

)

u ( x) + n v( x) { ≥0; ≤0; =0 }

n u ( x) = u

m v( x) = v
VD1.
Giải:

ED

Phương pháp chung:

=> Đưa về hệ phương trình.

23 3 x − 2 + 3 6 − 5 x − 8 = 0

8
5 3
2
 3 u + v = 3

v = 8 − 2u

3

8
5 3
2
 u +v =
3
3
2u + 3v − 8 = 0
 5 3  8 − 2u  2 8
 =
 u +
3
3

 3 

v = 8 − 2u

3

u = −2
x=-2

v = 4
LOẠI III: HỆ PHƯƠNG TRÌNH ĐA THỨC

AR
UC

3 3x − 2 = u

 6 − 5 x = v (v ≥ 0)

(đề tuyển sinh đại học 2009)

(u + 2)(15u 2 − 26u + 20) = 0


8 − 2u
v =
3


E

Những hệ phương trình này ta rất thường hay gặp trong đề thi đại học. Ở lớp 10, ta thường gặp những
phương trình có tên là hệ đối xứng, đẳng cấp… Những hệ này đã có cách giải “ăn liền”. nhưng trong đề thi
đại học, ta không hề tìm thấy những dạng đó. Nhưng tất cả các hệ trên đều quy về một mối đó là “Phân
tích thành nhân tử”.

8
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE
1
 1
x − x = y − y
Giải hệ phương trình: 
2 y = x 3 + 1


VD1.

(1)

(ĐH A 2003)

M

( 2)

Giải:
ĐK: xy≠0
Ta có



(1) ⇔ ( x − y ) 1 +

AT



x = y
1 
=0⇔
xy 
 xy = −1

Giải:

(1) ⇔ x 2 + 1 + y ( x + y − 4 ) = 0 (*)
Đặt:

u = x 2 + 1 > 0; v = x + y − 4

AR
UC

ED

H-


x = y = 1

x = y
x = y
−1 + 5
 x = y

⇔
⇔
⇔ x = y =
TH1: 
2
3
3
2
2 y = x + 1 2 x = x + 1 ( x − 1) ( x + x − 1) = 0

 x = y = −1 − 5

2
1

1

y=−
2
2


 xy = −1
1 3

y = −
 2 1 
x
4
TH2: 
Mà x + x + 2 =  x −  +  x +  + > 0, ∀x ⇒ VN
⇔
⇔
x
3
2 
2 2

2 y = x + 1 − 2 = x 3 + 1  x 4 + x + 2 = 0

 x
 −1 + 5 −1 + 5   −1 − 5 −1 − 5 
Vậy nghiệm của hệ là ( x; y ) = (1;1) , 
 1 ; 1  ,  1 ; 1 

 

2
 x + 1 + y(y + x) = 4y (1)
VD2.
Giải hệ phương trình: 

( x, y ∈ R ) . (Dự bị A2006)
2
(x + 1)(y + x − 2) = y ( 2 )

u − yv = 0 ( 3)
⇔
Thay (4) vào (3) ta có: ( 3) ⇔ u + u ( v + 2 ) .v = 0 ⇔ u 1 + v ( v + 2 )  = 0
u ( v + 2 ) = y ( 4 )
⇔ v 2 + 2v + 1 = 0 ⇔ (v + 1) 2 = 0 ⇔ v = −1 ⇔ x + y = 3

Hệ

 x2 + 1 − y = 0
 x = 1 ⇒ y = −2
Vậy (*) ⇔ 
⇔ x2 + 1 − (3 − x ) = 0 ⇔ 
x = 2 ⇒ y = 5
x = 3 − y
 x 3 − 8x = y3 + 2y
VD3.
Giải hệ phương trình 
( x, y ∈ R ) . (Dự bị 2A 2006)
2
2
 x − 3 = 3(y + 1) (*)
Giải:

⇔ 3 ( x3 − y 3 ) = ( x 2 − 3 y 2 ) ( 4 x + y ) ⇔ x3 − 12 y 2 x + x 2 y = 0 ⇔ x ( x 2 + xy − 12 y 2 ) = 0

E

3
3
 x3 − y 3 = 2 ( 4 x + y )
3 ( x − y ) = 6 ( 4 x + 2 y ) (1)
⇔
Lấy (2) thay vào (1) ta có
Hệ ⇔ 
2
2
2
2
 x − 3 y = 6 ( 2 )
 x − 3 y = 6

Dễ thấy x=0 thì y=0. Thế vào (*) ta thấy không thỏa mãn. Vậy đây không phải là nghiệm của phương
trình:
9
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE

M

 x 2 + xy − 12 y 2 = 0
( x − 3 y )( x + 4 y ) = 0
⇒ 2

⇔
 2
2
2
 x − 3 y = 6
 x − 3 y = 6
x − 3y = 0
x = 3y
 y = 1⇒ x = 3
⇔ 2
⇔
TH1:  2
2
 y = −1 ⇒ x = −3
x − 3y = 6
6 y = 6

AT


78
−4 78
⇒x=
y =
 x = −4 y
 x = −4 y
13
13
TH2:  2
⇔

⇔
2
2

78
4 78
x − 3y = 6
13 y = 6
⇒x=
y = −
13
13


Vậy nghiệm của phương trình là:

 78 −4 78   − 78 4 78 
;
;

 , 

13
13
13
13 

 
( x − y ) ( x 2 + y 2 ) = 13 (1)


(Dự bị 2005)
Giải hệ phương trình 
2
2
x
+
y
x
−
y
=
25
2
(
)
(
)
(
)


( x; y ) = (1;3) , ( −1; −3) ,

H-

VD4.

Giải:
Nhân cả 2 vế của (1) cho 25. Nhân cả 2 vế của (2) cho 13. Sau đó lấy (1)-(2).

ED

2
⇔ 13( x + y ) 2 ( x − y ) − 25 ( x − y ) ( x 2 + y 2 ) = 0 ⇔ ( x − y ) 13 ( x + y ) − 25 ( x 2 + y 2 )  = 0


2
2
2
2
⇔ ( x − y ) ( −12 x + 26 xy − 12 y ) = 0 ⇔ −2 ( x − y ) ( −12 x + 26 xy − 12 y ) = 0

(1)-(2)

Dễ thấy x=y không thỏa mãn hệ.

Lời bình:
Làm sao ta có thể phân tích nhanh

( −12 x

2

AR
UC

 3x = 2 y
 y = −3

⇔

25
−
y




2

 3 x = 2 y
y .
 = 25  x = −2
  9
( 3x − 2 y )( 2 x − 3 y ) = 0
 3 

⇒
⇔ 2 x = 3 y
⇔
2
2
x
y
x
y
+
−
=
25
(

)
 2 x = 3 y
(
)
2


x
y
x
y
+
−
=
25
(
)
(
)


x=3
  25 y 2 .  1 y  = 25 ⇔ 

  4
2 
y = 2

+ 26 xy − 12 y 2 ) thành nhân tử ( 3x − 2 y )( 2 x − 3 y ) ??

Lúc này, công cụ của chúng ta chính là máy tính bỏ túi! Các bạn hãy làm như sau:
Coi như ta không thấy ẩn y. vậy nên ta có phương trình bậc 2 theo x:

( −12 x

2

+ 26 x − 12 ) = 0 Chắc

hẳn các bạn đều biết giải phương trình bậc 2 này bằng máy CASIO. Ta bấm được nghiệm:

3
2
∨ x = . Lúc này ta gọi lại ẩn y bằng cách thêm y vào sau các nghiệm tìm được.
2
3
3
2
x = y ∨ x = y . Quy đồng bỏ mẫu vì mẫu là hằng số. ta có nhân tử cần phân tích. Lưu ý là
2
3
2
( −12 x + 26 xy − 12 y 2 ) = 0 ⇔ ( 3x − 2 y )( 2 x − 3 y ) = 0 . Nếu giải bất phương trình, bạn nên chú ý đến
x=

( −12 x

2

E

dấu khi phân tích (Trường hợp này là dấu - :

+ 26 xy − 12 y 2 ) = −2 ( 3 x − 2 y )( 2 x − 3 y ) = 0 )

Khi gặp dạng phương trình đa thức có hằng số ở phía vế phải (hoặc có thể đưa cả 2 phương trình
về dạng có hằng số ở vế phải), Ta nhân cả 2 vế của phương trình trên cho số ở vế phải của phương
trình dưới và nhân cả 2 vế của phương trình dưới cho số ở phương trình trên. Sau đó trừ vế theo
10
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE
vế. Mục đích của phương pháp này là quy hệ về phương trình tích sau đó tiến hành phân tích. Hầu
hết các loại phương trình đa thức đều giải được theo cách này!

M

Bài tập tự luyện

Bài 1.

Bài 2.

Bài 3.

Bài 4.

Bài 5.

)
)

Bài 8.

Bài 9.

Bài 10.

Bài 11.

4
3
2 2
 x + 2 x y + x y = 2 x + 9
 2
 x + 2 xy = 6 x + 6
 xy + x + 1 = 7 y
 2 2
2
 x y + xy + 1 = 13 y
3
 x + 1 − y = 8 − x

4
( x − 1) = y

y2 + 2

3
y
=

x2


2
3x = x + 2

y2

1
 1
x − x = y − y

2 y = x3 + 1


E

AR
UC

ED

Bài 6.

(
(

Bài 7.

H-

AT

 x 4 − x3 y + x 2 y 2 = 1
 3
2
 x y − x + xy = 1
 x 2 + y 2 + x + y = 4

 x ( x + y + 1) + y ( y + 1) = 2
 x 2 − xy + y 2 = 3 ( x − y )
 2
2
2
 x + xy + y = 7 ( x − y )
log x x3 + 2 x 2 − 3x − 5 y = 3


3
2
log y y + 2 y − 3 y − 5 x = 3
 x ( x + y + 1) − 3 = 0


5
2

( x + y ) − 2 + 1 = 0
x

9
9
 x + y = 1
 25
25
16
16
 x + y = x + y

11
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE

Bài III: Phương trình lượng giác.

M

AT

Một số công thức lượng giác cần nhớ:
1
1
2

2
2
1. sin x + cos x = 1;1 + tan x =
;1 + cot 2 x =
.
2
cos x
sin 2 x
sin x
cos x
1
;cot x =
; tan x =
.
2. tanx =
cos x
sin x
cot x
sin(a ± b) = sin a cos b ± cos asinb
3. Công thức cộng:

cos(a ± b) = cos a cos b ∓ sin a sin b

4. Công thức nhân đôi:

sin2x = 2sinxcosx

H-

5. cos2x = cos2x – sin2x = 2 cos2x – 1 = 1 - 2 sin2x

6. Công thức hạ bậc:

cos 2 x =

1 + cos 2 x
1 − cos 2 x
;sin 2 x =
2
2

7. Công thức nhân ba: Sin3x = 3sinx – 4sin3x; cos3x = 4cos3x – 3cosx.

ED

8. Công thức biểu diễn theo tanx:

sin 2 x =

2 tan x
1 − tan 2 x
2 tan x
;cos
2
x
=
; tan 2 x =
2
2
1 + tan x

1 + tan x
1 − tan 2 x
1
( cos(a − b) + cos(a + b) )
2
1
sin a sin b = ( cos(a − b) − cos(a + b) )
2
1
sin a cos b = ( sin(a − b) + sin(a + b) )
2
cos a cos b =

AR
UC

9. Công thức biến đổi tích thành tổng

x+ y
x− y
cos
2
2
x+ y
x− y
sin x − sin y = 2cos
sin
2
2
x+ y

x− y
cos x + cos y = 2cos
cos
2
2
x+ y
x− y
cos x − cos y = −2sin
sin
2
2
sin x + sin y = 2sin

10.Công thức biến đổi tổng thành tích

E

2
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE
Cách giải các phương trình lượng giác trong đề thi đại học:

M

Lưu ý trước khi giải đề:
Các phương trình lượng giác trong đề thi đại học nhìn qua mắt học sinh thường rất khó khăn phức tạp

nhưng chúng đều quy về những phương trình đơn giản. Đề thi đại học các năm đều xoay quanh biến
đổi về dạng phương trình tích, đặt ẩn phụ. Năm 2009, đề thi có biến đổi hơn đó là phương trình cuối
biến đổi về dạng công thức cộng. Nhìn chung phương pháp giải dạng toán này là các em học thuộc các
công thức trên đây và rèn luyện kĩ năng phân tích đa thức thành nhân tử…

AT

GIẢI MỘT SỐ ĐỀ THI TIÊU BIỂU:




1. Giải phương trình: 2 sin  2 x −

π

 + 4 sin x + 1 = 0 (1)
6

Giải:
(1)

3 sin 2 x − cos 2 x + 4sin x + 1 = 0

(

(

)

3 cos 2 x + 2 − 2sin 2 x = 0

sinx = 0 ⇔ x = kπ

 3 cos x − 1 sin x = −1 ⇔ cos  x + π  = cos x

2
6


H-

2sin x

2sin x

)

3 cos x − sin x + 2 = 0

ED


 x = kπ

 x = 5π + 2kπ

6

−7π

x =
+ 2 kπ
6


2. Tìm nghiệm trên khoảng (0;

π ) của phương trình :

Giải:
Tìm nghiệm
Ta có

4 sin 2

∈ ( 0, π )
x
3π 

− 3 cos 2x = 1 + 2 cos2  x −  (1)
2
4 


(1)

3π 

⇔ 2 (1 − cos x ) − 3 cos 2x = 1 + 1 + cos  2x − 
2 



(1)

⇔ 2 − 2 cos x − 3 cos 2x = 2 − sin 2x

(1)

⇔ −2 cos x = 3 cos 2x − sin 2x . Chia hai vế cho 2:

(1)

⇔ − cos x =

3
1
cos 2x − sin 2x
2
2

5π
2π
7π
π

+k
⇔ cos  2x +  = cos ( π − x ) ⇔ x =
( a ) hay x = − + h2π ( b )
18
3

6
6


3
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

E

AR
UC

x
3π
4 sin 2 − 3 cos 2 x = 1 + 2 cos 2 ( x − )
2
4


MATH-EDUCARE
Do

x ∈ ( 0, π ) nên họ nghiệm (a) chỉ chọn k=0, k=1, họ nghiệm (b) chỉ chọn h = 1. Do đó ta có ba

nghiệm x thuộc

( 0, π )

là

M
.

3.

x1 =

5π
17π
5π
, x2 =
, x3 =
18
18
6

Giải phương trình

Giải:

π

: 2 2 cos3 ( x − ) − 3cos x − sin x = 0 (2)
4

AT

3


π 

(2) ⇔  2 cos  x −   − 3cos x − sin x = 0
4 


3

⇔ ( cos x + sin x ) − 3cos x − sin x = 0

H-

⇔ cos3 x + sin3 x + 3cos2 xsin x + 3cos xsin2 x − 3cos x − sin x = 0
 cos x = 0
 cos x ≠ 0
⇔ 3
hay 
2
3
2
3
sin x − sin x = 0
1 + 3tgx + 3tg x + tg x − 3 − 3tg x − tgx − tg x = 0
⇔ sin2 x = 1 hay tgx = 1 ⇔ x =

hay

x=

π
+ kπ
4

ED

.

4.

π
+ kπ
2

Giải phương trình

Giải:

π
cos 2 x − 1
: tg ( + x ) − 3tg 2 x =
2
cos 2 x

(Đề dự bị khối B 2005)

AR
UC

−2sin2 x
(2) ⇔ − cot gx − 3tg x =
cos2 x
1
π
⇔−
− tg2 x = 0 ⇔ tg3x = −1 ⇔ tgx = −1 ⇔ x = − + kπ, k ∈ Z
tgx
4
2

PHƯƠNG PHÁP ĐẶT ẨN PHỤ TRONG PHƯƠNG TRÌNH LƯỢNG GIÁC:
A. Đặt t=sinx
Cos2x= 1 – sin2x = 1-t2
2

2

t ∈ [-1;1]

sin x
t
=
2
cos x 1 − t 2
2
Cos2x = 1 − 2sin x = 1-2t2
3
3
Sin3x = 3sin x − 4sin x = 3t − 4t

Tan2x =

B. Đặt t = cosx
2

cos 2 x = 2t 2 + 1

cos 3 x = 4 cos3 x − 3cos x = 4t 3 − 3t

C. Đặt t= tanx
4
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

E

sin x = 1 − cos 2 x = 1 − t 2
sin 2 x 1 − t 2
tan 2 x =
= 2
cos 2 x
t


MATH-EDUCARE
cot x =

1
t

1
1+ t2
1− t2
cos 2 x =
1+ t2
2t
t an2x =
1+ t2
cos 2 x =

t2
sin x =
1+ t2
 1 
s in2x=2t 
2 
 1+ t 
a sin x + b cos x a tan x + b at + b
=
=
c sin x + d cos x c tan x + d ct + d
2

M

AT

t∈

D. Đặt t=sinx ± cosx
sinxcosx =

(

2

)

sin2x= ± t + 1

H-

t 2 −1
±2

 − 2; 2 



 t 2 −1  3 − t3
sin x + cos x = ( sin x + cos x ) sin x + cos x − sin x cos x = t 1 −
=
2 
2

3

3

(

2

2

)

Biến đổi:

Đặt t
Phân tích thành tích
Nguyên tắc :
Lũy thừa
Hạ bậc
Tích
Tổng
Tổng
Tích
Biến đổi không được thì đổi biến.

GIẢI MỘT SỐ ĐỀ THI TIÊU BIỂU:

Bài 1.

cot x − 1 =

cos 2 x
1
+ sin 2 x − sin 2 x

1 + tan x
2

Giải:
Đặt t=tanx, pt trở thành:

AR
UC

ED

NGUYÊN TẮC CHUNG ĐỂ GIẢI PHƯƠNG TRÌNH LƯỢNG GIÁC

 1− t2 


1+ t2 
1
t2
1 2t

−1 =
+
−
( t ≠ 0; t ≠ −1)
2
t
1+ t
1+ t
2 1+ t2

⇔ 2t 3 − 3t 2 + 2t − 1 = 0
Bài 2.

⇔ t =1

cos 3 x + cos 2 x − cos x − 1 = 0

Giải:
Đặt t=cosx, pt trở thành:

π

4

+ kπ

E

⇔ 4t 3 − 3t + 2t 2 − 1 − t − 1 = 0

⇔ tan x = 1 ⇔ x =

5
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE

M

cos x = ±1
 x = kπ
 t = ±1


⇔
⇔
⇔
cos x = cos 2π
 x = ± 2π + 2kπ
t = −1
3
3
2



Bài 3.

1 − sin x + 1 − cos x = 1 (đề thi dự bị2 A – 2004) (1)

Giải phương trình:

Giải:

1 − sin x − cos x + 2 (1 − sin x)(1 − cos x) = 0

(1)

AT

Đặt t=sinx +cosx

⇔ sin xcosx =

t 2 −1
2

t 2 −1
− t = 0 ⇔ t 2 − 2t + 1 = 4 + 2t 2 − 2 − 4t ⇔ (t − 1)2 = 0 ⇔ t = 1
2
π
π


π 
Sinx+cosx =1
x = kπ
2 sin  x +  = 1
sin  x +  = sin  
4
4


4
cos 2 x
Bài 4.
sin x +

+ 6 tan 2 x (1 − sin x ) = 2
1 + sin x
Pt trở thành:

1− t + 2 1+

H-

Giải:
Đặt t=sinx

t ∈ [ −1;1]

ED

pt trở thành:

Giải:

AR
UC

1− t2
t2
t+
+6
1 − t ) = 2 ⇔ 6t 2 − t − 1 = 0
2 (
1+ t
1− t


π
x = + 2 kπ


6
 1

1

t = 2
sin x =
5π
⇔
⇔
⇔  x =
+ 2 kπ
2


6

t = −1

sin x = sin α

3
 x = arccos −1 + 2kπ

3

1
Bài 5.
sin 6 x + cos 6 x = cos 8 x (1)
4

3
1
3  1 − cos 4 x  1
1 − sin 2 2 x = cos 8 x ⇔ 1 − 
 = cos8 x
4
4
4
2
 4
Đặt t=cos4x
t ∈ [ −1;1] pt trở thành:

(1)


t =
3 1− t  1 2
1− 
 = 2t − 1 ⇔ 
4 2  4

t =


(

)

π kπ
2
π


x= +
4 x = + kπ


16 4
2
4
⇔
⇔
− 2
 x = 3π + kπ
 4 x = 3π + kπ


4
16 4

2

E
6

WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE
Bài tập tự luyện
sin 2x + sin x −

1
1
−
= 2 cot g2x
2 sin x sin 2x

M

3x
 5x π 
x π
sin −  − cos −  = 2 cos
2
 2 4
2 4

AT

2 cos2 x + 2 3 sin x cos x + 1 = 3(sin x + 3 cos x)
sin 2x cos 2x
+

= tgx − cot gx
sin x
cos x

( 2 cos x − 1)( sin x + s in2x ) − cos 2 x =

1
2

H-

( 2sin x + 1)( 2 cos x − 1) = 1
sin 3 x + cos3 x = 2 (1 − sin x cos x )

ED

x
2 sin x cos − cos x = 1
2
π
π 3


sin 4 x + cos 4 x + cos  x −  .sin  3 x −  − = 0
4
4 2


2sin x + cos x + 1
Cho phương trình:

=a
(2) (Đề dự bị khối a 2002)
sin x − 2 cos x + 3
1
1. giải phương trình khi a=
3
2. tìm a để phương trình (2) có nghiệm.

tan

4

( 2 − sin
x +1 =

2

)

2 x sin 3 x
4

cos x

E

AR
UC

x


tan x + cos x − cos 2 x = sin x 1 + tan x tan 
2


7
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE

Bài IV: Tích Phân
Lưu ý trước khi giải đề thi:

M

Tích phân là bài toán rất thường xuất hiện trong đề thi đại học. Kể từ năm 2002, khi bắt đầu tiến hành thi
“Ba chung” các dạng toán tích phân và ứng dụng luôn xuất hiện và là câu 1 điểm. Bài tập phần này
không quá khó nhưng vẫn phải đòi hỏi kĩ năng phán đoán, phân tích đề, và nắm rõ được các cách làm bài
toán tích phân cơ bản như đổi biến số và tính theo tích phân từng phần… các em cùng theo dõi các ví dụ
dưới đây.

AT

NGUYÊN TẮC CHUNG ĐỂ GIẢI BÀI TOÁN TÍCH PHÂN:
Gồm có 2 phương pháp chính:
A. ĐỔI BIẾN:
• Đổi biến loại 1:

f ( u ( x ) ) .u ' ( x ) dx

đặt t=u(x)

GIẢI CÁC VÍ DỤ:

H-

Chú ý: Các biểu thức có quan hệ đạo hàm

π

2

Tính tích phân: I =

VD 1.

sin 2 x

∫ 3 + cos
0

2

Đặt t = 3 + cos x
X

⇒ dt = 2 cos x ( − sin x ) dx ⇒ dt = −2sin 2 xdx

0

t

4
4

6

VD2. Tính tích phân: I =

dx

∫ 2x + 1 +
2

X
t

2
3

( Đề DB 1A – 2006)

4x + 1

Giải:

1

tdt = dx
2

4x +1 ⇒ t 2 = 4x + 1 ⇒

π

AR
UC

4
− dt
4
= ln t ⇒ I = ln
3
3
t
3

I =∫

Đặt t=

x

ED

Giải:

2

2
3

6
5

( t + 1 − 1) dt = 5 dt − 5 dt
∫3 ( t + 1)2 ∫3 t + 1 ∫3 ( t + 1)2
5

1 5
3 1

= ln t + 1 +
= ln −

t + 1 3
2 12


π
4

∫ cos
0

dx
2

x 1 + tan x

Giải:

8
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

E

VD3. Tính tích phân: I =


MATH-EDUCARE
Đặt t= 1 + tan x
X

M
t

2

∫
1

dx
cos 2 x

π

0

4
2

1
2

2tdt
2
= 2 ∫ dt = 2t
= 2 2 −2
t
1
1

AT

I=

⇒ t 2 = 1 + tan x ⇒ 2tdt =

VD 4.

Tính tích phân:

e

∫

I=

1

3 − 2 ln x
dx.
x 1 + 2 ln x

Giải:

⇒ t 2 = 1 + 2 ln x ⇒ tdt =

X

e

t
2

∫

2

(

)tdt =

2

3 − t −1
t

1

1.

1

2

∫ ( 4 − t ) dt =
2

1

1

10 2 − 11
3

ED

I=

dx
x

H-

Đặt t= 1 + 2 ln x

Đổi biến loại 2:
Bậc tử lớn hơn bậc mẫu:
chia đa thức
Bậc tử nhỏ hơn bậc mẫu:
Xét quan hệ đạo hàm ⇒ Đổi biến
Mẫu có nghiệm ⇒ Tách phân thức
Hàm hữu tỉ (mẫu vô nghiệm):
2

+ a2

AR
UC

du

∫ u ( x)
( )

Đặt u(x)=atant

Hàm căn thức:
2

a 2 + ( u ( x ) ) ⇒ Đặt u(x)=atant
2

a 2 − ( u ( x ) ) ⇒ Đặt u(x)=asint (hoặc u(x)=asint)

3

VD 5.

Tính tích phân: I=

∫x
0

Giải:
Đặt x=3tan(t)

(

)

⇒ dx = 3 tan 2 t + 1 dt
0

3

π

0

4

9
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

E

X
t

dx
+9

2


MATH-EDUCARE
π
4

I=∫

(

)

3 tan 2 t + 1 dt

0

(

)

9 tan 2 t + 1

π

1
π
= t 4=
3
12
0

M

5
2

Tính tích phân: I

VD 6.

dx

=∫

9 − ( x − 1)

1

2

AT

Giải:
Đặt x-1= 3sint

⇒ dx = 3cos tdt
X
t

0

H-

I=∫

π

0

π
6

5
2

1

π

3cos tdt
9 − 9sin 2 t

π

6

π

6

cos tdt
π
=∫
=t 6 =
2
6
1 − sin t 0 cos t
0
cos tdt

=∫
0

3

dx

ED

VD 7.

Tính tích phân:

I =∫
1

Giải:

x

2

x2 + 3

3 tan t ⇒ dx = 3 ( tan 2 x + 1) dx

Đặt x=
X
t

6

1

π

π
3

AR
UC

6

3

π
1
dt
3
3 tan 2 t + 1
2
1
−1 3 cos tdt
cos
t
I =∫
dx = ∫
=
3 π sin 2 t
3 π∫ sin 2 t
1
3 tan 2 t 3 tan 2 + 3
6
6
cos 2 t cos 2 t

(

π

π

)

π

1 3 d ( sin t )
1 3 6−2 3
I =− ∫
=−
=
2
3 π sin t
3sin t π
9
6
6

E
10
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE
B. PHƯƠNG PHÁP TÍNH TÍCH PHÂN TỪNG PHẦN:
Công thức:

b

b b
− vdu
a ∫a

M

∫ udv = uv
a

(1)

Cách lấy phần các tích phân:
Kí hiệu P(x) là đa thức. Khi gặp hai dạng nguyên hàm sau đây, ta thường dùng phương pháp tích phân
từng phần:

∫ P ( x ) ln xdx

AT
Dạng 1:

ta đặt u= ln x (Do lnx không có nguyên hàm)

eax +b



Dạng 2: ∫ P ( x ) . sin( ax + b) dx
cos(ax + b) 




ta đặt u=P(x)

GIẢI CÁC VÍ DỤ:

H-

Với cách ấy khi lấy công thức 1 ta sẽ được bài toán dẫn tới nguyên hàm đồng dạng với bậc của P(x)
thấp hơn…

π
2

VD 1.

Tính tích phân:

I = ∫ (x + 1)sin2xdx.

(đề dự bị khối D 2005)

0

ED

Giải:

π

π
u = x + 1 ⇒ du = dx
− ( x + 1)
12
π

Đặt: 
⇒
I
=
cos
2
x
+
cos 2 xdx = + 1
2
−1
∫
2
20
4
dv = s in2xdx ⇒ v = 2 cos 2 x
0
2

VD 2.

Tính tích phân:

1

Giải:

(đề dự bị khối D 2006)

AR
UC

I = ∫ (x − 2)lnx dx.

1

du = dx

u = ln x
2 2 x
 x2

5

x

Đặt: 
⇒
⇒
I
=
−
2

x
ln
x
− ∫  − 2  dx = − ln 4 +


2
1 12
4
x

dv = ( x − 2 ) dx 
 2

v = − 2x

2
π2
4

VD 3.

Tính tích phân:

∫ sin
0

Giải:
Đặt t=

x ⇒ t 2 = x ⇒ 2tdt = dx

X
0

π2
4

π

0

2

11
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

E

t

xdx


MATH-EDUCARE
π
2

B = 2 ∫ t sin tdt
0

M

π
2

I = ∫ t sin tdt

Tính

0

u = t
du = dt
⇒

dv = sin tdt v = − cos t

AT

Đặt:

π

π

2

π

π

π

I = −t cos t 2 + ∫ cos tdt = − cos + 0 cos 0 + sin t 2 = 1
2
2
0 0
0

B=2I=2

H-

π

2

VD 4.

Tính tích phân: A=

∫e

x

cos xdx

0

Giải:

π

π

ED

u = e x
du = e x dx
⇒

dv = − sin xdx v = − cos x

Đặt:

π

2

π

π

π

2

2

A = −e x cos x 2 + ∫ e x cos xdx = −e 2 cos + e0 cos 0 + ∫ e x cos xdx = 1 + ∫ e x cos xdx
2
0
0
0 0
π
2

K = ∫ e x cos xdx

Tính

u = e x
du = e x dx
⇒
dv = cos xdx v = sin x

Đặt: 

π

π
π

2

K = e sin x 2 − ∫ e sin xdx = e 2 − A
0 0

x

x

AR
UC

0

(1)

π

π

Thay vào (1):

π

A = 1+ e 2 − A ⇒ 2A = 1+ e 2 ⇒ A =
π

VD 5.

Tính tích phân: A=

∫ x sin x cos
0

Giải:

Đặt:
Tính:

v = ∫ sin x cos 2 xdx

Đặt :

t = cos x ⇒ dt = − sin xdx

xdx

12
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com

E

u = x
du = dx
⇒


2
2
dv = sin x cos xdx v = ∫ sin x cos xdx

2

1+ e 2

2


MATH-EDUCARE
−t 3
cos3 x
+C = −
+C
3
3
cos3 x
Chọn C=0 ⇒ v = −
3
π
3
π 1
cos x π 1
+ ∫ cos 3 xdx = + K
Vậy A = − x
3 0 30
3 3
V= −

2
∫ t dt =

M
π

π

0

0

AT

Tính

(1)

K = ∫ cos3 xdx = ∫ 1 − sin 2 x cos xdx

(

Đặt t=sin(x)
X
t
0

⇒ dt = cos xdx

π

0
0

K = ∫ 1 − t 2 dt = 0

)

0

Thay vào (1):

0

H-

(

)

π

1
π
+ K=
3 3
3

A=

π

2

x + sin x
dx
π 1 + cos x

ED

VD 6.

Tính tích phân:

D=∫
3

Giải:
π
2

D=∫
π

π

π

AR
UC

3

x + sin x
x
2 cos 2
2

u = x + sin x
du = (1 + cos x ) dx


1
Đặt:  dv =
dx ⇒ 
x
2 x

v = tan
2 cos
2


2

x 2 2
x
3 3
π
 π
Vậy: D = ( x + sin x ) tan
− ∫ (1 + cos x ) tan dx =  + 1 −  +
− K (3)

2π π
2
 2   3 2  3

3 3
π

π

2

π

2
2
x
x
2 x
Với: K = ∫ (1 + cos x ) tan dx = ∫ 2 cos
tan dx = ∫ sin xdx
2
2
2
π
π
π
3

3

π
= − cos x

2

π

=

1
2

3

(9 + 2 3 )π
18

E

Thay vào (3) ta có: D=

3

Lời bình: Ở tích phân từng phần ta có cách nhớ đặt u như sau: nhất “log” – nhì “đa” (đa thức) – tam
“Lượng” (Lượng giác) – Tứ “mũ”. Trong phép tính tích phân từng phần, gặp phép nào đứng trước trong 4
phép trên, hãy đặt u bằng phép đó!
13
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com


MATH-EDUCARE
Bài tập tự luyện

π
3

Tính tích phân:

M

I = ∫ sin 2 x.tgxdx
0
7

Tính tích phân:

x+2
dx
x +1

I =∫

3

0
e

AT

Tính tích phân:

Tính tích phân:

Tính tích phân:

I = ∫ x 2 ln xdx
0

π
4

I = ∫ (tgx + esin x cos x)dx
0

π

I = ∫ cos x sin xdx

H0

π

3

Tính tích phân:

I = ∫ tan 2 x + cot 2 x − 2dx
π

6

π

2

∫

ED

Tính tích phân:

I=

2 (1 + cos 2 x ) dx

−π
2

π

3

Tính tích phân:

I=∫
π

sin 4 x sin 3x
dx
tan x + cot 2 x

6

10

I=

dx
x −1

∫ x−2
5

e

Tính tích phân:

I=

∫
1
π

Tính tích phân:

π

sin x + sin 3 x
cos 2 x
0
6

Tính tích phân:

3 − 2 ln x
dx.
x 1 + 2 ln x

x sin x
1 + sin 2 x
0

I =∫

AR
UC

Tính tích phân:

I=∫

Tính diện tích hình phẳng giới hạn bởi parabol

d : y = 2x + 1.

(P) : y = x2 − x + 3

và đường thẳng

x2
27
Tính diện tích hình phẳng giới hạn bởi các đường: ( C1) y = x ; ( C 2 ) y =
; ( C 3) y =

27
x
2

E

14
WWW.MATHVN.COM

www.matheducare.com