Bí kíp âm thanh hình ảnh

Câu 2.4: Mô hình LPC: Phân tích, tổng hợp?
Giải: (+) Mô hình dự đoán tuyến tính LPC:
- Là kĩ thuật phân tích, tổng hợp tiếng
- Sơ đồ khối bộ mã hóa – Giải mã LPC:
nói dựa trên mô hình cơ quan phát âm
của con người. Phía phát phân tích tín
hiệu tiếng nói, thu đc các tsố và truyền
đi. Phía thu sd các tham số dựa trên mô
hình để tổng hợp tiếng nói.
- Thông thường, bộ dự đoán tuyến tính
đc sử dụng: (n) = x(n-k)
- Đáp ứng xung của bộ lọc:
H(z) =
(+) Quá trình mã hóa:
- Lấy mẫu: + Tín hiệu tiếng nói đc lấy mẫu ở tần số f=8000 Hz -> sau đó đc chia -> các Segment
(160 mẫu/20kbs)
+ Xác định âm vô thanh hay hữu thanh (căn cứ vào biên độ hay f t/h trong segment; dùng 1 bit để
báo cho bộ giải mã biết)
+ Ước lượng tần số kênh (dựa vào hàm tự tg quan;gtri pitch đc lg tử mhoa dùng 6 bit)
+ Xác định các hệ thống số của bộ lọc (Các hệ số of bộ lọc G; {})
(+) Quá trình giải mã:
- Xác định tín hiệu kích thích & tần số Pitch
+ Nếu segment là âm vô thanh -> tín hiệu nguồn phát kích thích là nhiễu trắng
+ Nếu là âm hữu thanh -> tín hiệu là xung tuần hoàn.
- Xác định các hệ số G;
- Tín hiệu kích thích qua bộ lọc -> tín hiệu thoại
- Segment đc giải mã độc lập, sau đó kết hợp với nhau
(+) Mô hình toán học:
Dao động của dây thanh âm <---------> V
(âm hữu thanh)
Chu kỳ dao động của dây thanh <--------->T

(độ cao âm thanh)
Các âm vô thanh <---------> UV (vô thanh)
Lượng không khí <---------> G (độ tăng ích)
Ta có pt vào ra của bộ lọc:
S(n) + = u(a)
Mô hình LPC có thể đc biểu diễn dưới dạng
vecto:
A = (a1, a2,… a10, G, v/uv, T)
<=> S=(S(o), S(1),… S(159))
Cần phân biệt hai quá trình:
+ Tổng hợp LPC: Cho A, tạo S
- Quan hệ giữa 2 mô hình:
+ Phân tích LPC: Cho S, tìm A tốt nhất.
Cuống họng <---------> Bộ lọc H(z)
Không khí <---------> u(n)
1


Câu 2.5: Mô hình ABS – Phân tích, tổng hợp?
+ Cấu trúc bộ mã hóa và giải mã:
- Mã hóa dạng sóng có khả năng cung cấp thoại
với chất lượng tốt, tốc độ có thể xuống 16 kbps,
nhưng bị giới hạn ở tốc độ thấp hơn.
- Bộ mã hóa nguồn có thể hđ ở tốc độ xấp xĩ
2,4 kbps và thấp hơn nhưng không thể tạo ra
âm thanh trug thực ở bất kỳ tốc độ nào.
- Mã hóa ABS: thực hiện các phép phân tích
thông qua tổng hợp (Analysic – by - Synthsis),
sử dụng mô hìn bộ lọc dự đoán cho hệ thống
phát âm và cố gắng giảm tối đa sai lệch giữa

dạng sóng tín hiệu đầu vào vs dạng sóng tín
hiệu đc xd lại.



+ Hoạt động: - Trước tiên, bộ mã ABS phân tích tín hiệu thoại đầu vào -> các khung ngắn có độ
dài 20 ms. Các tham số của 1 khung sẽ xđ bộ lọc tổng hợp tương ứng và tín hiêu kích thích sẽ đc
xđ thông qua 1vòng lặp. - Bộ mã hóa truyền đi những thông tin liên quan -> bộ lọc (các tham số và
tín hiệu kích thích tương ứng)
+ Bộ giải mã: - Tín hiệu kích thích sẽ đc đưa qua bộ lọc tổng hợp để xđ lại tín hiệu thoại ban đầu
(bộ lọc tổng hợp thường là bộ lọc tuyến tính ngắn hạn or 1 bộ loc độ cao tần âm thanh)
Phương pháp này cung cấp thoại có chất lượng cao, tốc độ bit thấp nhưng phức tạp.
Câu 2.7: MPEG – Cấu trúc mã hóa của MPEG?
Giải: Sơ đồ:
Tín hiệu đầu vào có dạng 4:2:2 or
4:2:0 đc nén liên ảnh nhằm tạo ra ảnh
khác biệt ở bộ cộng. Ảnh khác biệt
này sau đó đc nén trong ảnh qua các
bước: biến đổi DCT, lượng tử hóa, mã
hóa… Sau đó, các ảnh này đc trộn với
các vecto chuyền động, đưa đến bộ
KĐ đệm và thu đc ảnh đã nén.
Lưu ý: Tốc độ bit của tín hiệu video
nén không cố định, phụ thuộc nội
dung ảnh đang xét; tuy nhiên tại đầu
ra bộ mã hóa dòng bit phải cố định để
xđ tốc độ cho dung lượng kênh
truyền -> cần có bộ nhớ đệm tại đầu
ra bộ mã hóa; và bộ mã hóa phải kiểm
tra trạng thái đầy của bộ nhớ đệm

Nếu số liệu trong bộ nhớ đệm gần
- Nguyên lý hoạt động:
bằng dung lượng cực đại,các hệ số
+ Hoạt động của bộ mã hóa phụ thuộc vào loại hình ảnh;
biến đổi DCT ngược đc lượng tử hóa
Quá trình mã hóa theo chuẩn MPEG là sự kết hợp giữa
ít chính xác hơn; và ngược lại, nếu ít
nén liên ảnh và nén trong ảnh.
số liệu thì lg tử các hệ số tăng.
2


Câu 4: Mô hình hóa âm thanh cảm nhận? (Lấy vd qua MPEG lớp 3)
Giải:
- MP3 – MPEG lớp 3, cung cấp chất lượng Audio gần giống đĩa CD ở tốc độ bit thấp
- MP3 hỗ trợ các tần số lấy mẫu khác nhau: 48KHz, 32KHz, 44,1 KHz, tốc độ bit có thể thay đổi
từ 32-48 Kbps
- Mã hóa Audio cảm quan là kỹ thuật lợi dụng những đặc điểm cảm quan của tai người để đạt đc tỉ
lệ nén cao vs chất lượng tốt [ bằng cách phân chia dải tần nghe đc thành các băng con và lượng tử
hóa các mẫu trong từng băng với số lượng bit khác nhau]
- Xét các hiệu ứng liên quan:
+ Mặt nạ tần số: Một thành phần tín hiệu cao hơn mức nghe vẫn có thể bị che khuất bởi các thành
phần lớn hơn, gần tín hiệu đó trong miền f (dịch ngưỡng nghe)
+ Mặt nạ thời gian: Âm thanh yếu hơn phát ra ngay trước hoặc sau âm thanh mạnh sẽ bị che khuất
- Bộ mã hóa MP3: Sơ đồ

- Giải thuật:
+ Dùng bộ lọc thông để chia tín hiệu âm thanh -> các băng con theo tần số, tương ứng 32 băng con
giới hạn -> lọc băng con.
+ Xđ số lượng che của mỗi băng gây ra bởi băng lân cận = kết quả b1 -> mô hình âm – tâm lý

+ Nếu độ lớn của một băng nhỏ hơn ngưỡng nghe -> k mã hóa
+ Ngược lại, xđ số bit cần thiết để mã hóa sao cho nhiễu sinh ra bởi việc lượng tử hóa thường thấp
hơn đường cong che
+ Định dạng dòng bit dữ liệu

3


Câu 5: Chuỗi điểm ảnh 8 bits có giá trị 10, 14, 25, 240, 195, 32 được đưa tới bộ mã hóa
DPCM. Thành phần sai số được lượng tử với 32 mức. Tìm tín hiệu nhận được sau khi giải mã
DPCM. Không thực hiện mã hóa entropy. Giá trị ban đầu trong bộ dự đoán bằng 0. Tìm sai số
RMS giữa chuỗi kết quả và chuỗi điểm ảnh gốc.
Giải:
Thang lượng tử: 0=> 256. Chia 32 mức: mỗi mức: 8
Ta có: xp= ^x(n-1), d(n)= x(n)- xp(n), ^x(n)= xp(n)+ ^d(n)
Bảng chuyển đổi:
x(n)
xp(n)
d(n)
^d(n) ^x(n)
10
0
10
8
8
14
8
6
8
10

25
16
9
8
25
240
25
215
216
241
195
241
-46
-40
201
32
201
-169
-168 33
Câu 2.18: Mã hóa chuỗi sau {3, 5, 2, 4, 7, 8, 6, 5, 3, 1,…} bằng việc sử dụng bộ mã hóa DPCM.
x p ( n) =

Ở đây, sử dụng bộ dự đoán
 2 d ≥ −1

Q (d ) =  0
d <1
− 2 d ≤ −1


Giải:
Mẫu vào x(n)

1
[ xˆ (n − 1) + xˆ (n − 2)]
2

và bộ lượng tử 3 mức dưới đây:
Giả sử rằng giá trị tạo lại của 2 mẫu đầu tiên là 3, 3. Mã sau được
sử dụng để mã hóa tín hiệu sai số: Error “0”-> “1”, Error “2” ->
“01”, Error “-2” -> 00”.

Mẫu dự
Sai số
đoán xp(n) d(n)=x(n)-xp(n)
3
3
0
5
3
2
2
4
-2
4
7/2
1/2
7
11/4
17/4

8
33/4
-31/8
6
55/16
41/16
5
121/32
39/32
3
359/64
-167/64
1
601/128
-473/128
=> Chuỗi đầu ra: 101001010001010000

Lượng tử
d’(n)= Q(d)
0
2
-2
0
2
-2
2
2
-2
-2

Mã
1
01
00
1
01
00
01
01
00
00

Khôi phục
^x(n)= xp(n)+d’(n)
3
5
2
7/2
19/4
17/8
87/16
185/32
231/64
345/128

4


Câu 2.14: Một hệ thống LPC có hệ số a1= 1.793; a2= -1.401; a3= 0.566 và a4= -0.147. G= 2; P= 60.
Coi như tín hiệu thoại.. Tổng hợp 10 mẫu thoại đầu tiên.

Giải: Công thức: , với G=2; (k)=1 với k=1, (k)=0 với gt khác. Ta có: S(k)= a1S(k-1) + a2S(k-2) +
a3S(k-3) + a4S(k-4) +
Với k= 1, ta có: k= 1, S(0)= S(-1)= S(-2)= S(-3)= 0
=> S(1)= a1.S(0) + a2.S(-1) + a3.S(-2) + a4.S(-3) + 2= 2
=> S(2)= a1.S(1) + a2.S(0) + a3.S(-1) + a4.S(-2) + 0= 3,586
=> S(3)= a1.S(2) + a2.S(1) + a3.S(0) + a4.S(-1) + 0= 3,628
=> S(4)= a1.S(3) + a2.S(2) + a3.S(1) + a4.S(0) + 0= 2,606
=> S(5)= a1.S(4) + a2.S(3) + a3.S(2) + a4.S(1) + 0=…
Tương tự, ta có: => S(10)= a1.S(9) + a2.S(8) + a3.S(7) + a4.S(6) + 0=…
Câu 2.15: Khối dữ liệu thoại có: R(0)= 1, R1= 0,866, R(2)= 0,554, R3= 0,225. Tìm các hệ số dự
đoán ai (i= 1->3)
Giải: * Sd giải thuật Levinson-Derbin:
- Giá trị khởi tạo: E(0)=R(0)= 1
- Hệ số phản xạ:
ai(i) = k(i), ,
Giải pt theo I, thiết lập ai= -ai(3). E là sai lệch bình phương tối thiểu. Áp dụng giải bt:
E(0)= R(0)= 1
+ i= 1; k1= R1/E(0)= 0,866; a11= k(1); E(1)= (1-k12)E0= (1-0,8662).1= 0,25
=> k2= [R(2)- a11.R1]/E1= (0,554- 0,8662)/0,25= -0,7838
a2(2)= k(2)= -0,7838
a12= a11- k2.a11= 1,545
E22= (1- k22).E1= 0,0964
k3= (R3- a12.R2- a22.R1)/E(2)= 0,4969
a3(3)= k3= 0,4969= a3
a2(3)= a2(2)- k3.a1(2)= -1,552= a2
a1(3)= a1(2)- k3.a22= 1,9345= a1
Câu 2.8 : Cho bảng phân chia băng con và năng lượng cho mỗi băng khác nhau như sau:
Băng
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16
Level (db)

0 8 12 10 6 2 20 60 14 20 15 2 3 5 3 1
Giả sử rằng mức của băng tần 8 là 60dB, mặt nạ cho băng 7 là 12dB và băng 9 là 15dB. Vậy ta cần
bao nhiêu bit để mã hóa băng 7 và 9. Coi tín hiệu gốc mã hóa 8 bit/mẫu/băng tần.
Giải:
- Mức của băng 7 là 20 dB > 12 dB, băng 7 đc tiếp tục xử lý.
Do 1 bit mã hóa <=> 6dB
=> Với băng 7, 12dB bị che, ko cần mã hóa => giảm đc 2bit => cần (8-2)=6 bit mã hóa
- Mức của băng 9 là 14 dB < 15 dB => băng 9 bị bỏ qua, ko mã hóa.
Câu 10: Giả sử chúng ta có ảnh mầu sử dụng 24 bit mã hóa cho một điểm ảnh. Mắt người nhạy
cảm với thành phần mầu đỏ và xanh lá cây hơn xanh lơ 1,5 lần. Xác định số lượng bit mã hóa cho
các thành phần mầu.
5


Giải : Gọi số bit cần mã hóa cho 3 màu R-G-B là : nR, nG, nB
=> nR + nG + nB= 24 và nR = nG= 1,5nB => nR = nG= 9, nB=6
Vậy số lượng bit mã hóa cho thành phần Red là 9bits, Green là 9bits, Blue là 6bits.

6


Câu 11 : Quá trình biến đổi giữa hai hệ mầu RGB và YCbCr được mô tả dưới đây:

a.
b.

Xác định các thành phần Y, Cb, Cr cho ảnh theo hệ mầu RGB với R=100, G=200, B=50.
Xác định các thành phần R, G, B cho ảnh theo hệ mầu YCbCr với Y=100, Cb=50, Cr=30.
Giải: (a)
0.504

0.098  100  16  Thay các giá trị R, G, B vào ta được:
Y   0.257

C  =  − 0.148 − 0.291 0.439  200 + 128 Y = 0.257 * 100 + 0.504 * 200 + 0.098 * 50 + 16 = 147.4 ≈ 147
 b 

  
C r   0.439 − 0.368 − 0.071 50  128 Cb = −0.148 * 100 − 0.291 * 200 + 0.439 * 50 + 128 = 76.95 ≈ 77
C r = 0.439 * 100 − 0.368 * 200 − 0.071 * 50 + 128 = 94.75 ≈ 95

(b)
0
1.596  100 − 16 
 R  1.164
G  = 1.164 − 0.392 − 0.813  50 − 128
  


 B  1.164 2.017
0  30 − 128
R = 1.164 * (100 − 16) + 0 * (50 − 128) + 1.596 * (30 − 128) = −58.632 ≈ −59
G = 1.164 * (100 − 16) − 0.392 * (50 − 128) − 0.813 * (30 − 128) = 208.026 ≈ 208
B = 1.164 * (100 − 16) + 2.017 * (50 − 128) + 0 * (30 − 128) = -59.55 ≈ −60

Câu 12: Giả sử, chúng ta có một ảnh mầu 24 bit với các thành phần mầu đỏ, xanh lá cây và xanh
lơ và mỗi một thành phần mầu được mã hóa bởi 8 bit cho một điểm ảnh (pixel). Nếu chúng ta
muốn giảm xuống thành ảnh màu 8 bít bởi lượng tử hóa đều và các thành phần mầu đỏ và xanh lá
cây dùng 3 bit mã hóa cho mỗi thành phần và thành phần mầu xanh lơ được mã hóa bởi 2 bit. Xây
dựng bộ lượng tử dùng cho các thành phần mầu khác nhau. Giả sử một điểm ảnh có các giá trị
mầu (R, G, B) = (200, 150, 40). Xác định các giá trị mầu sau khi lượng tử hóa.

Giải:
Với mức R và G, ban đầu dùng 8bit => 256 mức biểu diễn (0->256). Giảm còn 3bit => có 8 mức
biểu diễn các mức: => 1 khoảng lượng tử= 256/8= 32
Tương tự, với màu B, có 4 mức biểu diễn các mức: 1 khoảng lượng tử= 256/4= 64

=> Giá trị màu sau khi lượng tử: R= (192+224)/2=208, G= (128+160)/2=144, B= (0+64)/2=32
(R, G, B)= (208, 144, 32)
7


8


Câu 13: Cho ma trận ảnh :
36 36 124 124
1. Sử dụng mã hóa LZW xây dựng từ điển và mã hóa ảnh. Tính tỷ số nén
2. Sử dụng mã hóa Huffman để mã hóa ảnh. Tính tỷ số nén
36 36 36 124
124 124 124 36
36 36 124 124
Giải:
1. Ban đầu, coi từ điển chỉ có 2 ký hiệu: 36 và 124
Đệm (p) Đầu vào(c)
Đầu ra
c
36
36
36
36
36

124
36
124
124
124
124
36
124
36
36
36-36
36
36-36(258)
36
124
36-124
124
36-124
124
124
124-124
124
124-124
124
36
124-36
36
124-36
36
36

36-36
124
36-36
124
124
124-124
124-124
=> Từ điển:
TT 36 124 258
259
260
261
2
Bd 36 124 36-36 36-124 124-124 124-36

Thêm vào từ điển
Đọc tiếp
Thêm 258 ứng với 36-36
259 <=> 36-124
260 <=> 124-124
261 <=> 124-36
Đọc tiếp
262 <=> 36-36-36
Đọc tiếp
263 <=> 36-124-124
Đọc tiếp
264 <=> 124-124-124
Đọc tiếp
265 <=> 124-36-36
Đọc tiếp

266 <=> 36-36-124
Đọc tiếp
Đọc tiếp
262
263
264
36-36-36 36-124- 124124
124124

265
12436-36

266
3636124

=> Đầu ra: 36-36-124-124-258-259-260-261-258-260
Xác định tỷ lệ nén: Tổng số bit đầu vào: 16.8= 128. Kích thước đầu ra: 4.8 + 6.9= 86.
=> tỷ lệ nén = đầu vào/đầu ra= 128/86= 1,5
2. Xs xuất hiện của 2 ký tự “36” và “124” như sau: P36= P124= 8/16= 0,5
=> mã hóa Huffman: “36”= 0, “124”= 1
=> Ảnh mã hóa:
Xác định tỷ số nén: Tổng số bit vào: 16.8=128, tổng số bit ra: 16.1=16.
=> Tỷ số nén= 128/16= 8

9


Câu 14 : Giải mã bản tin 0.23355 theo tiến trình giải mã số học với mô hình mã hóa:
Kí hiệu
a

e
i
o
u
!
Xác suất
0.2
0.3
0.1
0.2
0.1
0.1
Giải :
Kí hiệu
a
e
i
o
u
!
Xác suất
0.2
0.3
0.1
0.2
0.1
0.1
Dải
[0 ; 0,2)
[0,2 ; 0,5)

[0,5 ; 0,6)
[0,6 ; 0,8)
[0,8 ; 0,9)
[0,9 ; 1)
Vì 0,23355 thuộc [0,2 ; 0,5) => Ký hiệu đầu tiên đc giải mã là e.
- Xét 0,23355 trong khoảng [0,2 ;0,5) :
(0,23355- 0,2)/(0,5- 0,2)= 0,11185 thuộc [0 ;0,2] trong khoảng [0 ;1] => Bit tiếp theo là a
- Xét 0,11185 trong khoảng [0 ;0,2] :
(0,11185- 0)/(0,2- 0)= 0,55915 thuộc [0,5 ;0,6] => Bit tiếp theo là i
- Xét 0,55915 trong khoảng [0,5 ;0,6] :
(0,55915- 0,5)/(0,6- 0,5)= 0,5925 thuộc [0,5 ;0,6] => Bit tiếp theo là i
- Tương tự bit cuối cùng là !
Quá trình giải mã kết thúc => đầu ra là : e a i i !
Tổng quát : Rn+1= (Rn- Ln)/(Un- Ln) trong dải [Ln;Un]
Câu 15 :
99
99
99
(a) Tính entropy (η) của ảnh dưới đây với các số (0, 20, 99
50, 99) minh họa cường độ mức xám.
20
20
20
20
(b) Minh họa từng bước xây dựng cây Huffman để mã
0
0
0
0
hóa cho bốn giá trị cường độ mức xám trong ảnh nói

50
50
50
50
trên.
50
50
50
50
(c) Tính số bit trung bình cần thiết để mã hóa cho mỗi
50
50
50
50
một điểm ảnh và so sánh với entropy (η).
50
50
50
50
0
0
0
0
Giải: a) Công thức tính:
Xác suất tương ứng:
Ký hiệu 0
20 50 99
=> H= -[1/2.log(1/2) + 2.1/8.log(1/8) + 1/4.log(1/4)]= 1,75
Xác suất 1/2 1/8 1/4 1/8
b) Mã hóa Huffman:

=> Bảng mã tương ứng:
99
111

20
110

50
10

c) Tính số bit TB để mã hóa cho 1 điểm ảnh và so sánh với Entropy
H = => mã hóa tối ưu, hiệu suất= 100%. Tỷ số nén: (64.8)/(32.1+16.2+2.8.3)= 4,5
10


Câu 3.8: Cho ma trận ảnh S là 2x2

 9 3

S = 
 3 9

. Sử dụng chuẩn nén ảnh JPEG ( bỏ qua bước trừ

128 điểm ảnh ) để mã hóa ảnh S và tính tỷ số nén và rms biết rằng ma trận lượng tử
DC của khối trước là 3. Xác định ma trận ảnh sau khi giải nén.
Giải: Mã hóa ảnh s. Ma trận f(u,v)=
* F(0,0): => u=v=0 => c(u)=c(v)=.
=> F(0,0)=
=

=
* F(0,1)=
=
=
* F(1,0)=
=
=
* F(1,1)=
=
=

 3 2

Q = 
 2 5

và

=> F(u,v)= => Fq(u,v)=
Quét Zigzac (4 0 0 1) => [4; (2 1)]
DC0= 3
=> Loại 1 là 011, từ mã 4 bit nên cuối cùng từ mã DC = 0111
AC= (2 1) => là loại 1, 0 chạy 2, nên từ mã là 110111. (Tra bảng)
- Tỷ số nén: Cr= n1/n2= 32/(4+6)= 16/5, Rd=1- 1/Cr= 11/16
Sau khi tái tạo lại:
Giải nén: biến đổi DCT ngược
Áp dụng CT:
*
*
*

*
ma trận sau giải nén
Câu 17 : Hệ thống truyền hình chất lượng cao với số dòng z=1080, khổ ảnh 16:9, tần số quét là 60
mành/giây (quét xen kẽ). Tín hiệu video được số hóa với độ phân giải giống nhau theo chiều
ngang và chiều dọc. Ảnh được lấy mẫu theo tiêu chuẩn 4:2:2. Mức lượng tử là 256 cho thành
11


phần chói và 128 cho hai thành phần màu. Tìm khối lượng thông tin số nhận được sau khi số hóa
chương trình truyền hình có thời gian là 2 giờ.
Giải:
+ 256 mức cho chói => 8 bit biểu diễn chói, 128 mức cho màu => 7 bit biểu diễn màu
+ Kích thước ảnh 16:9, số dòng z= 1080 => Số cột: (108016)/9= 1920
=> Số điểm ảnh: (19201080) pixel
+ 1 điểm ảnh sử dụng: 8 bit chói, 14 bit màu (2 màu) => 22 bit
+ Tần số quét: 60/2=30(Hz) (do quét xen kẽ)
+ Lấy mẫu theo chuẩn: 4:2:2 => Tần số quét cho màu= 1/2 Tần số quét cho chói.
=> Dung lượng trong 2h: 10801920(8.30 + 7.30/2 + 7.30/2).2.3600 =…
Câu 18 : Cho chuỗi video dài 9 phút , được mã hóa theo chuẩn H263 và lưu ảnh theo kiểu PB,
kích cỡ khung 4CIF, tốc độ quét 30 hình/s, biết rằng trung bình 2 khung I được nén trong 1 giây.
Chất lượng video yêu cầu tỷ số nén khung I là 10 :1, khung P gấp 2lần khung I, khung B gấp 2 lần
khung P. Tính kích cỡ đoạn video . Nếu sửu dung ALSL 2+ để download tính thời gian để tải đoạn
video. Cho ALSL: 24Mbps; 4CIF: (704576) cho Y, (352288) cho CbCR.
Giải:
+ Kích thước video là:
+ Quét 30 hình/s: Có 30 khung: có 2 khung I, 28 khung còn lại: 14 cặp PB (14P và 14B)
(mode PB: ảnh P và B luôn đi cạnh nhau, có 2 khung I)
Tỷ số nén khung I: 10:1 => 2.(kích thước 1 khung)/10
Tỷ số nén khung P: 20:1 => 14.(kích thước 1 khung)/20
Tỷ số nén khung B: 40:1 => 14.(kích thước 1 khung)/40.

Ta có: trong 9 phút
[2.(kích thước 1 khung)/10 + 14.(kích thước 1 khung)/20 + 14.(kích thước 1 khung)/40].60.9
Sử dụng ALSL, tốc độ 24M: => t = (kích thước trong 9 phút)/(24.106) =…(s)

12