Tài liệu hot: Hình học không gian 2017 thầy đặng việt hùng

Moon.vn
Học để khẳng định mình
------ o0o ------

Tài liệu và bài tập

HÌNH HỌC
KHÔNG GIAN
Biên soạn: Thầy Đặng Việt Hùng

Để giúp các em học sinh lớp 11 lên lớp 12, “xuất phát sớm” và có được lợi thế đạt điểm 9 – 10 môn
Toán trong kì thi THPT Quốc Gia 2017, thầy giáo Đặng Việt Hùng cùng các cộng sự quyết định bắt đầu
chương trình Pro S môn Toán THPT Quốc Gia 2017 trên Moon.vn ngay từ tháng 3/2016.
Chương trình Pro S môn Toán được thiết kế cung cấp đầy đủ kiến thức môn Toán với từng thời
gian phù hợp. Từ kiến thức nền tâng trong khóa luyện thi. Bám sát chương trình học và đề thi của Bộ
trong khóa luyện đề. Đi sâu vào kiến thức và đề thi của từng chuyên đề trong các khóa vệ tinh. Đến hệ
thống lại toàn bộ kiến thức quan trọng trước khi thi trong khóa Tổng ôn.
Chương trình Pro S môn Toán THPT Quốc Gia 2017, sẽ được đổi mới và hoàn chỉnh toàn diện về
thời gian học cũng như cấu trúc nội dung.

Tài liệu được chia sẻ miễn phí trên Cộng đồng Chia sẻ tài liệu Moon.vn
www.facebook.com/groups/TaiLieu.Moon


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

CHUẨN KĨ NĂNG VỀ HÌNH HỌC
Thầy Đặng Việt Hùng – Moon.vn
VIDEO BÀI GIẢNG và LỜI GIẢI CHI TIẾT CÁC BÀI TẬP chỉ có tại website MOON.VN

I. KĨ NĂNG VẼ HÌNH
1) Các khối chóp tam giác

a) Hình chóp tam giác thường:
+) Đáy ABC ta vẽ là tam giác thường, nghiêng về một
phía chứ không vẽ tam giác cân. Thường ta vẽ đáy
nghiêng về phía phải, khi đó không gian cho mặt phẳng
SAB lớn hơn và hình vẽ sẽ “thoáng” hơn.
+) Đỉnh S không nằm ngoài không gian đứng của (ABC).

b) Hình chóp tam giác có cạnh bên vuông góc với đáy:
+) Đáy ABC ta vẽ là tam giác thường, nghiêng về một
phía.
+) Giả sử SA ⊥ (ABC), khi đó từ A ta dựng đường vuông
góc với đáy, trên đó lấy đỉnh S.
 SA ⊥ BC

+) Hình chóp này có tính chất  SA ⊥ AC
 SA ⊥ AB


c) Hình chóp tam giác có mặt bên vuông góc với đáy:
+) Đáy ABC ta vẽ là tam giác thường, nghiêng về một
phía.
+) Giả sử (SAB) ⊥ (ABC), khi đó AB là giao tuyến, trên
AB ta lấy một điểm H rồi qua H dựng một đường vuông
góc với AB. Trên đó lấy đỉnh S.
Ở đây ta đã sử dụng một tính chất quan trọng của hai mặt
phẳng vuông góc với nhau để vẽ hình: nếu hai mặt phẳng
vuông góc với nhau, đường thẳng nào nằm trong mặt này

và vuông góc với giao tuyến thì vuông góc với mặt phẳng
còn lại.
+)
Tính
chất
của
hình
 SH ⊥ BC

chóp: SH ⊥ ( ABC ) 
→  SH ⊥ AC
 SH ⊥ AB


Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 1/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

d) Hình chóp tam giác đều:
+) Đáy ABC ta vẽ là tam giác thường, nghiêng về một
phía (mặc dù đáy là tam giác đều).
+) Xác định trọng tâm G của tam giác (bằng 2/3 đường
trung tuyến), qua G dựng đường thẳng vuông góc với đáy,
trên đó lấy đỉnh S.

+) Tính chất của hình chóp tam giác đều: đáy là tam giác
đều cạnh a, các cạnh bên bằng nhau và bằng b, (a ≠ b).
Chân đường cao trùng với tâm đáy, tức SG ⊥ ( ABC )

e) Hình chóp tứ giác thường:
+) Đáy ABCD ta vẽ là tứ giác thường, đáy lớn nằm trong
mặt khuất.
+) Đỉnh S nằm trong miền không gian đứng của đáy.

f) Hình chóp tứ giác có cạnh bên vuông góc với đáy:
+) Đáy ABCD ta vẽ là hình bình hành.
+) Giả sử SA ⊥ (ABCD), từ A ta dựng đường thẳng vuông
góc vói đáy, trên đó lấy đỉnh S.

g) Hình chóp tứ giác có đáy là hình thang vuông:
+) Đáy ABCD ta vẽ là thang có đáy lớn ở trong, đáy bé ở
ngoài.
+) Giả sử SA ⊥ (ABCD), từ A ta dựng đường thẳng vuông
góc vói đáy, trên đó lấy đỉnh S.

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 2/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

h) Hình chóp tứ giác có mặt bên vuông góc với đáy:
+) Đáy ABCD ta vẽ là hình bình hành.
+) Giả sử (SAB) ⊥ (ABCD), trên giao tuyến AB ta lấy một
điểm H rồi qua H dựng đường thẳng vuông góc vói đáy,
trên đó lấy đỉnh S.

h) Hình chóp tứ giác đều:
+) Đáy ABCD là hình vuông, ta vẽ là hình bình hành có
góc nhọn không vượt quá 300
+) Từ tâm O của đáy, ta dựng SO ⊥ (ABCD)
+) Tính chất của hình chóp tứ giác đều: đáy là hình vuông
cạnh a, các cạnh bên bằng nhau và bằng b; chân đường
cao trùng với tâm đáy; các cạnh bên nghiêng đều với đáy,
các mặt bên cũng nghiêng đều với đáy.

2) Các khối lăng trụ

a) Lăng trụ đứng tam giác
+) Đáy ABC ta vẽ là tam giác thường, nghiêng về một
phía chứ không vẽ tam giác cân.
+) Dựng các đường thẳng đứng từ A, B, C, trên dó lấy các
đỉnh A’; B’; C’; sao cho các mặt bên tạo thành các hình
bình hành.
+) Đặc điểm của lăng trụ: các mặt bên là các hình chữ
nhật

b) Lăng trụ xiên tam giác

II. KĨ NĂNG TÍNH TOÁN
1) Định lí hàm sin trong tam giác ABC

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 3/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

a = 2 R sin A
a
b
c

2R =
=
=

→ b = 2 R sin B
sin A sin B sin C
c = 2 R sin C

2) Định lí hàm cosin trong tam giác ABC


b2 + c 2 − a 2
cos
A

=

2bc
a 2 = b 2 + c 2 − 2bc.cos A

2

a + c2 − b2
 2
2
2
b
=
a
+
c
−
2
ac
.cos
B

→
cos
B
=


2ac
 2


2
2
2
c = a + b − 2ab.cos C

a + b2 − c2
cos C =
2ab

3) Các công thức tính diện tích tam giác ABC

1
1
1
S∆ABC = .a.ha = .b.hb = .c.hc
2
2
2
1
1
1
= ab.sin C = bc.sin A = ac.sin B
2
2
2
1
abc
= p.r = ( a + b + c ) .r =
2

4R
4) Các kết quả tính nhanh với tam giác đều ABC

Tam giác ABC đều cạnh x, khi đó ta có :

a 3
2
2a 3
x=2a

→
=a 3
2
a 2 3 a 6
x=a 2
→
=
2
2
x=a

→

+ Độ dài trung tuyến là

x 3
=
2

a2 3

4
4a 2 3
x = 2a

→
= a2 3
4

x=a

→

+ Diện tích tam giác

x2 3
=
4

(a 2 )
→
x=a 2

4

2

3

=

2a 2 3
2

Ví dụ 1: Cho tam giác ABC có A = 600 ; B = 450 ; b = 4 cm. Tính độ dài hai cạnh a và c.
Ví dụ 2: Cho hình bình hành ABCD có AB = 4 cm; BC = 5 cm; BD = 7 cm. Tính độ dài cạnh AC.
Ví dụ 3: Tính các góc của tam giác ABC biết
a) a = 14; b = 18; c = 20
b) a = 4; b = 5; c = 7
3
Ví dụ 4: Cho tam giác ABC có b = 7 cm; c = 5 cm và cos A = .
5

a) Tính a; sinA và diện tích tam giác ABC.
b) Tính đường cao ha của tam giác xuất phát từ A và bán kính R của đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC.

(

)

3
7 2
5 2
Đ/s: a = 4 2 ( cm ) ; sin A = ; S = 14 cm 2 ; ha =
( cm ) ; R =
( cm )
5
2
2

Ví dụ 5: Cho tam giác ABC có A = 600; b = 8 cm; c = 5 cm.

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 4/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

Tính đường cao ha và bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC.
Đ/s: ha =

20 3
7 3
( cm ) ; R =
( cm ) .
7
3

(

)

Ví dụ 6: Cho tam giác ABC có a = 6 cm; b = 2 cm; c = 1 + 3 cm . Tính các góc A, B, chiều cao ha và bán kính R của
đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC.
Đ/s: A = 600 ; B = 450 ; R = 2 cm.
5) Hệ thức lượng trong tam giác vuông ABC

Giả sử tam giác ABC vuông tại A. Khi đó ta có

a 2 = b 2 + c 2

+) c = a sin C = a cos B
b = a sin B = a.cos C


1
1
1
=
+
2
2
AH
AB
AC 2
1
1
+) S∆ABC = AH .BC = AB. AC 
→ AH .BC = AB. AC
2
2

AC HC
AC 2
cos
C
=
=


→
HC
=


BC AC
BC
+) 
2
AB
HB
AB
cos B =
=

→ HB =

BC AB
BC

+)

6) Kĩ thuật tách hình

Với một hình mà không thể tính diện tích, thể tích trực tiếp thường ta sử dụng phương pháp tách hình, hoặc tính bằng
cách thêm bớt, cộng trừ diện tích....

Ví dụ 1: Cho hình chữ nhật ABCD có AB = 2a, AD = a. Gọi M; N là trung điểm của AB và BC; P là điểm di động trên
CD.
Xác định vị trí của điểm P để

a) diện tích tam giác MNP bằng a2
b) diện tích tam giác MNP đạt giá trị nhỏ nhất.
Ví dụ 2: Cho hình thang ABCD vuông tại A, D có AB = a, CD = 2a, AD = 2a.. Gọi M là điểm di động trên AD, N là
trung điểm của CD. Đặt AM = x, tìm x để

a) diện tích tam giác AMB gấp đôi diện tích tam giác DMN.
b) diện tích tứ giác BMNC bằng a2.
c) diện tích tứ giác BMNC đạt giá trị lớn nhất.
Ví dụ 3: Cho tam giác ABC đều, cạnh AB = a 2. Gọi I là trung điểm của cạnh BC. Từ I dựng IH ⊥ AC; IK ⊥ AB.
a) Tính diện tích tam giác HIC.
b) Tính độ dài đoạn thẳng HK.

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 5/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

CHỨNG MINH QUAN HỆ VUÔNG GÓC – P1
Thầy Đặng Việt Hùng – Moon.vn
VIDEO BÀI GIẢNG và LỜI GIẢI CHI TIẾT CÁC BÀI TẬP chỉ có tại website MOON.VN
DẠNG 1. ĐƯỜNG THẲNG VUÔNG GÓC VỚI MẶT PHẲNG
Đường thẳng song song với mặt phẳng:
Một đường thẳng song song với một mặt phẳng khi nó
song song với một đường thẳng bất kì thuộc mặt phẳng.

a ⊂ ( P )
Viết dạng mệnh đề: d // ( P ) ⇔ 
d //a

Tính chất giao tuyến song song:
Nếu hai mặt phẳng (P) và (Q) chứa hai đường thẳng a,
b song song với nhau, thì giao tuyến nếu có của hai mặt
phẳng phải song song với a và b.
Viết dạng mệnh đề:
a ⊂ ( P ) ; b ⊂ ( Q ) ; ( P ) ∩ ( Q ) = ∆

→ ∆ // a // b

a // b

Tính chất để dựng thiết diện song song:
Nếu đường thẳng a song song với mặt phẳng (P); một
mặt phẳng (Q) chứa a, cắt (P) theo giao tuyến ∆ thì ∆
phải song song với a.
a // ( P )

Viết dạng mệnh đề: a ⊂ ( Q )

→ ∆ // a

( P ) ∩ ( Q ) = ∆

Đường thẳng vuông góc với mặt phẳng:
+ Định nghĩa: Đường thẳng a vuông góc với mặt
phẳng (P) khi nó vuông góc với mọi đường thẳng a nằm

∀a ⊂ ( P )
trong (P). Viết dạng mệnh đề: d ⊥ ( P ) ⇔ 
d ⊥ a

+ Hệ quả 1: Để chứng minh đường thẳng d vuông góc
với (P) ta chỉ cần chứng minh d vuông góc với hai
đường thẳng cắt nhau nằm trong (P).
+ Hệ quả 2: Nếu hai đường thẳng phân biệt d1; d2 cùng
vuông góc với (P) thì d1 // d2.
+ Hệ quả 3: Nếu hai mặt phẳng (P1); (P2) cùng vuông
góc với đường thẳng d thì (P1) // (P2).
+ Hệ quả 4: Nếu đường thẳng d cùng vuông góc với
một đường thẳng a và một mặt phẳng (P) thì khi đó
đường thẳng a hoặc song song với (P) hoặc nằm trong
(P).
Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 6/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

 a // ( P )
d ⊥ a
Viết dạng mệnh đề: 

→

 a ⊂ ( P )
d ⊥ ( P )

+ Hệ quả 5: Nếu đường thẳng d có hình chiếu vuông
góc xuống (P) là d’; đường thẳng a nằm trong (P)
vuông góc với d khi và chỉ khi a vuông góc với d’.

Câu 1: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABC có SA vuông góc với mặt đáy (ABC), tam giác ABC cân tại A. Gọi
H là trực tâm tam giác ABC.
a) Chưng minh rằng BH ⊥ ( SAC ) và CH ⊥ ( SAB ) .
b) Gọi K là trực tâm tam giác SBC chứng minh rằng: SC ⊥ ( HBK ) và HK ⊥ ( SBC ) .
Lời giải:
a) Do H là trực tâm tam giác ABC nên ta có: BH ⊥ AC
Mặt khác BH ⊥ SA nên suy ra BH ⊥ ( SAC ) .
CH ⊥ AB
Tương tự ta có: 
⇒ CH ⊥ ( SAB ) .
CH ⊥ SA
b) Ta có : K là trực tâm tam giác SBC nên BK ⊥ SC
Mặt khác BH ⊥ ( SAC ) ⇒ BH ⊥ SC do vậy SC ⊥ ( BHK ) .
 AM ⊥ BC
Ta có M là trung điểm của BC thì 
 SA ⊥ BC
 BC ⊥ ( SAM )
. Khi đó K là trực tâm tam giác SBC nên K
⇒
 BC ⊥ SM

thuộc đường cao SM suy ra BC ⊥ HK .
Mặt khác do SC ⊥ ( BHK ) ⇒ SC ⊥ HK do vậy

HK ⊥ ( SBC ) ( dpcm ) .

Câu 2: [ĐVH]. Cho khối chóp S.ABCD có đáy là hình thoi cạnh a, tam giác ABC là tam giác đều và hình
chiếu vuông góc của đỉnh S trên mặt phẳng đáy trùng với trọng tâm H của tam giác ABC.
a) Chứng minh rằng: AC ⊥ ( SBD ) , AB ⊥ ( SHC ) .
b) Gọi M là hình chiếu vuông góc của A trên SD chứng minh rằng SC ⊥ ( AMC ) .

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 7/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

a) Do ABCD là hình thoi nên ta có: AC ⊥ BD .
Mặt khác ABC là tam giác đều nên H thuộc đoạn
BD do vậy SH ⊥ AC từ đó suy ra AC ⊥ ( SBD ) .

Do H là trọng tâm cũng là trực tâm tam giác đều
ABC nên CH ⊥ AB lại có AB ⊥ SH suy ra

AB ⊥ ( SHC ) .
b) Do AC ⊥ ( SBD ) ⇒ AC ⊥ SD , mặt khác ta có:
AM ⊥ SD từ đó suy ra SD ⊥ ( ACM ) ( dpcm ) .

Câu 3: [ĐVH]. Cho lăng trụ ABC.A’B’C’ có đáy là tam giác đều cạnh a. Hình chiếu vuông góc của A’

trên mặt phẳng (ABC) trùng với trung điểm H của cạnh AC, gọi E là điểm thuộc cạnh AB sao cho
AB = 4 AE và F là hình chiếu vuông góc của H trên A’E. Chứng minh rằng:
a) AB ⊥ ( A ' HE ) .
b) HF ⊥ ( A ' ABB ') .

Lời giải:
a) Gọi M là trung điểm của AB ta có CM ⊥ AB
(do tam giác ABC đều).
Khi đó E là trung điểm của AM do vậy HE là

đường trung bình của tam giác ACM nên
HE / / CM ⇒ HE ⊥ AB lại có A ' H ⊥ AB nên suy
ra AB ⊥ ( A ' HE ) ( dpcm ) .

b) Do AB ⊥ ( A ' HE ) ⇒ AB ⊥ HF mặt khác
HF ⊥ A ' E do vậy HF ⊥ ( A ' ABB ') ( dpcm ) .

Câu 4: [ĐVH]. Cho hình chóp S . ABCD có đáy là hình thoi, cạnh bên SB = SD .
a) Chứng minh rằng AC ⊥ ( SBD ) .
b) Kẻ AK ⊥ SB ( K ∈ SB ) . Chứng minh rằng SB ⊥ ( AKC ) .
Lời giải:

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 8/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

a) Gọi O là giao điễm của AC và BD
Tam giác SBD có SB = SD
⇒ ∆SBD cân tại S ⇒ SO ⊥ BD

Mà AC ⊥ BD ⇒ AC ⊥ ( SBD )
b) Ta có AC ⊥ ( SBD ) ⇒ AC ⊥ SB
Mà SB ⊥ AK ⇒ SB ⊥ ( AKC )

Câu 5: [ĐVH]. Cho hình chóp S . ABC có đáy là tam giác đều, cạnh bên SA vuông góc với đáy. Gọi M
là trung điểm của BC.
a) Chứng minh rằng BC ⊥ ( SAM ) .
b) Kẻ AH ⊥ SM ( H ∈ SM ) . Chứng minh rằng AH ⊥ ( SBC ) .

c) Gọi ( P ) là mặt phẳng chứa AH và vuông góc với ( SAC ) cắt SC tại K. Chứng minh rằng SC ⊥ ( P ) .
Lời giải:
 BC ⊥ AM
a) Ta có 
⇒ BC ⊥ ( SAM )
 BC ⊥ SA
b) Vì BC ⊥ ( SAM ) ⇒ BC ⊥ AH
Mà AH ⊥ SM ⇒ AH ⊥ ( SBC )

c) Ta có ( SAC ) ∩ ( P ) = AK
⇒ AK là hình chiếu của AH lên ( SAC )
Mà AH vuông góc với SC

⇒ AK vuông góc với SC ⇒ SC ⊥ ( P )

Câu 6: [ĐVH]. Cho hình chóp S . ABCD có đáy là hình chữ nhật và AB = 2 AD . Tam giác SAB nằm
trong mặt phẳng vuông góc với đáy. Gọi H là trung điểm của AD , M là hình chiếu của S nằm trên
1
AB thỏa mãn AM = AB .
4
a) Chứng minh rằng AC ⊥ ( SDM ) .
b) Kéo dài DM cắt BC tại I . Hạ CH ⊥ SI ( H ∈ SI ) . Lấy điểm K trên cạnh SC sao cho SK =
Chứng minh rằng BK ⊥ ( AHC )

3
SC .
4

Lời giải:

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 9/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

1
a) Ta có MD = MA + AD = − DC + AD
4
AC = AD + DC
 1


⇒ MD. AC =  − DC + AD  AD + DC
 4

1
1
= − DC. AD − DC 2 + AD 2 + AD.DC
4
4
1
2
= 0 − . ( 2a ) + a 2 + 0 = 0 ⇒ DM ⊥ AC
4
Mà AC ⊥ SM ⇒ AC ⊥ ( SDM )

(

)

IB IM BM 3
SK 3
=
=
= , mà
= ⇒ BK / / SI ⇒ BK ⊥ CH (1)
IC ID DC 4
SC 4
Vì AC ⊥ ( SDM ) ⇒ AC ⊥ SI ⇒ BK ⊥ AC ( 2 ) . Từ (1) và ( 2 ) ⇒ BK ⊥ ( AHC )

b) Ta có

Câu 7: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông tâm O và có cạnh SA ⊥ (ABCD).
Gọi H, I, K lần lượt là hình chiếu vuông góc của điểm A lên SB, SC, SD.

a) Chứng minh rằng rằng CD ⊥ (SAD), BD ⊥ (SAC).
b) Chứng minh rằng SC ⊥ (AHK) và điểm I cũng thuộc (AHK).
c) Chứng minh rằng HK ⊥ (SAC), từ đó suy ra HK ⊥ AI.
Lời giải:

a) Ta có CD ⊥ AD và CD ⊥ SA (do SA ⊥ (ABCD) có chứa CD).
⇒ CD⊥ (SAD).
Tương tự, BD ⊥ AC (do ABCD là hình vuông) và BD ⊥ SA (do SA ⊥ (ABCD) có chứa BD) ⇒ BD⊥
(SAC).
b) Theo a, CD⊥ (SAD) ⇒ CD⊥ AK , (1).
Lại có AK ⊥ SD, (2).
Từ (1) và (2) ta được AK⊥ (SCD)
Mà SC ⊂ (SCD) ⇒ AK⊥ SC, (*)
Chứng minh tương tự ta cũng được AK⊥ SC, (**).
 SC ⊥ ( AHK )
 AI ⊂ ( AHK )
.

→
 SC ⊥ AI
 AI //( AHK )

Từ (*) và (**) ta được SC ⊥ (AHK). Do 

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 10/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

Do A ∈ (AHK) nên không thể xảy ra AI // (AHK), khi đó AI ⊂ (AHK), hay điểm I thuộc (AHK).
c) Ta nhận thấy BD ⊥ (SAC), nên để chứng minh HK ⊥ (SAC) ta sẽ tìm cách chứng minh BD // HK.
Thật vây, do các tam giác SAB và SAD bằng nhau nên các đường cao AH và AK bằng nhau. Khi đó,
∆SAH = ∆SAK ⇒ SH = SK 
→
Mà AI ⊂ (SAC) ⇒ HK ⊥ AI.

SH SK
=
⇒ HK // BD ⇒ HK ⊥ ( SAC )
SB SD

Câu 8: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông cạnh a, mặt bên SAB là tam giác đều
và SC = a 2 . Gọi H, K lần lượt là trung điểm của các cạnh AB, AD.
a) Chứng minh rằng SH ⊥ (ABCD).
b) Chứng minh rằng AC ⊥ SK và CK ⊥ SD.
Lời giải:

a) ∆ABC đều nên SH ⊥ AB, (1).
 SB = BD = a
Ta có SB = BC = a, đồng thời 


→ SC 2 = SB 2 + BC 2 ⇔ SB ⊥ BC
 SC = a 2
Mà BC ⊥ AB ⇒ BC ⊥ (SAB) ⇒ BC ⊥ SH, (2).
Từ (1) và (2) ta có SH ⊥ (ABCD).
b) Theo a, SH ⊥ (ABCD) ⇒ SH ⊥ AC.
Do HK là đường trung bình của ∆ABD nên HK // BD, mà BD ⊥ AC ⇒ HK ⊥ AC.
Từ đó ta được, AC ⊥ (SHK), hay AC ⊥ SK.
CK ⊥ DH
⇒ CK ⊥ ( SHD ) , hay CK ⊥ SD
CK ⊥ SH

Lại có 

Câu 9: [ĐVH]. Cho hình chóp SABCD, có đáy là hình vuông cạnh a. Mặt bên SAB là tam giác đều; SCD
là tam giác vuông cân đỉnh S. Gọi I, J lần lượt là trung điểm của AB và CD.
a) Tính các cạnh của ∆SIJ và chứng minh rằng SI ⊥ (SCD), SJ ⊥ (SAB).
b) Gọi H là hình chiếu vuông góc của S trên IJ. Chứng minh rằng SH ⊥ AC.
c) Gọi M là một điểm thuộc đường thẳng CD sao cho BM ⊥ SA. Tính AM theo a.
Lời giải:

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 11/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG
a) Ta có: SI =

Facebook: Lyhung95

a 3
1
a
; IJ = AD = a; SJ = CD =
2
2
2

Do vậy tam giác SIJ vuông tại đỉnh S

 IJ ⊥ CD
Lại có: 
⇒ CD ⊥ ( SIJ )
 SI ⊥ CD
 SI ⊥ CD
Khi đó: 
⇒ SI ⊥ ( SCD ) tương tự chứng minh
 SI ⊥ SJ
trên ta cũng có SJ ⊥ (SAB).

b) Dựng SH ⊥ IJ lại có SH ⊥ CD ⇒ SH ⊥ ( ABCD )
⇒ SH ⊥ AC
 BM ⊥ SA
SI 2 3a
a
c) Do 
⇒ BM ⊥ AH . Ta có : HI =
= ; HJ =
IJ

4
4
 SH ⊥ BM

(

)(

)

Đặt CM = x ta có: BM . AH = 0 ⇔ BC + CM . AI + IH = BC.IH + CM . AI = 0
3a 2 ax
3a
a 5
⇔
−
=0⇔ x=
⇒ AM = AD 2 + DM 2 =
4
2
2
2

Câu 10: [ĐVH]. Cho ∆MAB vuông tại M ở trong mặt phẳng (P). Trên đường thẳng vuông góc với (P) tại
A ta lấy 2 điểm C, D ở hai bên điểm A. Gọi C′ là hình chiếu của C trên MD, H là giao điểm của AM và
CC′.
a) Chứng minh rằng CC′ ⊥ (MBD).
b) Gọi K là hình chiếu của H trên AB. Chứng minh rằng K là trực tâm của ∆BCD.
Lời giải:
 BM ⊥ MA

⇒ BM ⊥ ( CMD ) ⇒ BM ⊥ CC ' .
 BM ⊥ CD

a) Ta có: 

Do vậy CC ' ⊥ ( BMD ) ⇒ CC ' ⊥ BD
b) Dễ thấy BK ⊥ CD . Lại có

 HK ⊥ AB
⇒ HK ⊥ BD .

 HK ⊥ CD
Mặt khác CC ' ⊥ BD ⇒ BD ⊥ CK
Do vậy K là trực tâm tam giác BCD.

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 12/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

Câu 11: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABCD, có SA ⊥ (ABCD) và BC= a, đáy ABCD là hình thang vuông có
đường cao AB = a ; AD = 2a và M là trung điểm AD.
a) Chứng minh rằng tam giác SCD vuông tại C.
b) Kẻ SN vuông CD tại N. Chứng minh rằng CD ⊥ (SAN).
Lời giải:

a) Ta có: ABCM là hình vuông cạnh a do
vậy CM = a =

1
AD ⇒ ∆ACD vuông tại
2

C.

CD ⊥ AC
Lại có: 
⇒ CD ⊥ SC hay tam
CD ⊥ SA
giác SCD vuông tại C.

b) Kẻ SN ⊥ CD ⇒ N ≡ C ⇒ CD ⊥
(SAN).

Thầy Đặng Việt Hùng

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 13/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

CHỨNG MINH QUAN HỆ VUÔNG GÓC – P2
Thầy Đặng Việt Hùng – Moon.vn
VIDEO BÀI GIẢNG và LỜI GIẢI CHI TIẾT CÁC BÀI TẬP chỉ có tại website MOON.VN
DẠNG 2. HAI MẶT PHẲNG VUÔNG GÓC
Câu 1: [ĐVH]. Cho khối chóp tam giác S.ABC. có đáy ABC là tam giác vuông tại C , hai mặt phẳng
( SAB ) và ( SAC ) cùng vuông góc với đáy. Gọi D và E lần lượt là hình chiếu vuông góc của A trên các
cạnh SCvà SB. Chứng minh rằng:
a) ( SAC ) ⊥ ( SBC ) .
b) ( SAB ) ⊥ ( ADE )

Lời giải:

( SAB ) ⊥ ( ABC )
a) Do 
⇒ SA ⊥ ( ABC ) ⇒ SA ⊥ BC .
( SAC ) ⊥ ( ABC )
Lại có: AC ⊥ BC suy ra BC ⊥ ( SAC ) ⇒ ( SAC ) ⊥ ( SBC ) .

b) Do BC ⊥ ( SAC ) ⇒ BC ⊥ AD , lại có AD ⊥ SC

do vậy AD ⊥ ( SBC ) ⇒ AD ⊥ SB , mặt khác SB ⊥ AE nên

suy ra SB ⊥ ( ADE ) do vậy ( SAB ) ⊥ ( ADE ) ( dpcm ) .

Câu 2: [ĐVH]. Cho khối chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông tâm O. Hình chiếu vuông góc của
đỉnh S xuống mặt phẳng đáy ( ABCD ) là trọng tâm tam giác ABD. Gọi E là hình chiếu của điểm B trên
cạnh SA. Chứng minh rằng:
a) ( SAC ) ⊥ ( SBD ) .
b) ( SAC ) ⊥ ( BDE )

Lời giải

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 14/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

a) Do ABCD là hình vuông nên ta có: BD ⊥ AC .
Do H là trọng tâm tam giác ABD nên H thuộc đường
chéo AC khi đó BD ⊥ SH do vậy BD ⊥ ( SAC )
Suy ra ( SAC ) ⊥ ( SBD ) .

b) Ta có: BD ⊥ ( SAC ) ⇒ SA ⊥ BD

Lại có BE ⊥ SA ⇒ SA ⊥ ( BDE )

Do vậy ( SAC ) ⊥ ( BDE ) ( dpcm ) .

Câu 3: [ĐVH]. Cho khối lăng trụ ABC.A’B’C’ có đáy là tam giác cân tại C, gọi M là trung điểm của AB,
hình chiếu vuông góc của A’ trên mặt phẳng đáy ( ABC ) là trung điểm của CM và N là hình chiếu vuông
góc của M trên A’C. Chứng minh rằng:
a) ( A ' ABB ') ⊥ ( A ' MC ) .
b) ( A ' ACC ') ⊥ ( A ' NB ) .

Lời giải

a) Ta có M là trung điểm của AB nên ta có:
CM ⊥ AB , lại có AB ⊥ A ' H ⇒ AB ⊥ ( A ' MC )

( A ' ABB ') ⊥ ( A ' MC ) .
b) Do vậy AB ⊥ ( A ' MC ) ⇒ AB ⊥ A ' C .
Lại có: A ' C ⊥ MN ⇒ A ' C ⊥ ( ANB )
Do vậy ( A ' ACC ') ⊥ ( A ' NB ) ( dpcm )

Do vậy

Câu 4: [ĐVH]. Cho hình chóp S . ABCD có đáy là hình chữ nhật, SAB là tam giác đều và nằm trong mặt
phẳng vuông góc với đáy.
a) Chứng minh rằng ( SAD ) ⊥ ( SAB ) , ( SBC ) ⊥ ( SAB ) .
b) Gọi I là trung điểm của SB . Chứng minh rằng ( ACI ) ⊥ ( SBC ) .
c) Xác định J trên cạnh SA sao cho ( BJD ) ⊥ ( SAD ) .
Lời giải :

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 15/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

a) Gọi H là trung điễm của AB ⇒ SH ⊥ AB
( SAB ) ⊥ ( ABCD )
Ta có 

⇒ SH ⊥ ( ABCD )
 SH ⊥ AB
 AD ⊥ AB
Ta có 
⇒ AD ⊥ ( SAB )
 AD ⊥ SH
mà AD ⊂ ( SAD ) ⇒ ( SAD ) ⊥ ( SAB )

 BC ⊥ AB
Ta có 
⇒ BC ⊥ ( SAB )
 BC ⊥ SH
mà BC ⊂ ( SBC ) ⇒ ( SBC ) ⊥ ( SAB )

b) ∆SAB đều ⇒ AI ⊥ SB (1)

BC ⊥ ( SAB ) ⇒ BC ⊥ AI ( 2 )

Từ (1) , ( 2 ) ⇒ AI ⊥ ( SBC )

mà AI ⊂ ( ACI ) ⇒ ( ACI ) ⊥ ( SBC )

c) Ta có AD ⊥ ( SAB ) ⇒ AD ⊥ BJ

⇒ Để ( BJD ) ⊥ ( SAD ) thì BJ ⊥ SA ⇒ J là trung điễm của SA

Câu 5: [ĐVH]. Cho hình chóp S . ABCD có đáy là hình thoi cạnh a , BAC = 600 , SA =

a 6
và vuông

2

góc với mặt phẳng đáy. Chứng minh rằng:
a) ( SDB ) ⊥ ( SDC ) .

b) ( SBC ) ⊥ ( SAD ) .

Lời giải :
a) Gọi O là giao điễm của AC và BD
Kẻ OH ⊥ SD, AE ⊥ SD
 BC ⊥ AD
Ta có 
⇒ BC ⊥ ( SAD ) ⇒ BC ⊥ SD
 BC ⊥ SA
Mà SD ⊥ OH ⇒ SD ⊥ ( BHC ) ⇒ BH ⊥ SD (1)
Trong tam giác vuông SAD ta có
a 6
.a 3
2 S SAD
SA. AD
AE =
=
= 2
=a
SD
SA2 + AD 2
3a 2
+ 3a 2
2
1

a 1
⇒ OH = AE = = BC ⇒ ∆BHC vuông ở H
2
2 2
⇒ BH ⊥ CH ( 2 )

Từ (1) , ( 2 ) ⇒ BH ⊥ ( SCD ) ⇒ ( SBD ) ⊥ ( SCD )

 BC ⊥ AD
b) Ta có 
⇒ BC ⊥ ( SAD ) ⇒ ( SBC ) ⊥ ( SAD )
 BC ⊥ SA

(

)

Câu 6: [ĐVH]. Cho hình chóp S . ABCD có đáy là hình thang vuông A = D = 900 , AB = AD = 2CD .
SA vuông góc với mặt phẳng đáy. Gọi M là trung điểm của AB .
a) Chứng minh rằng ( SCM ) ⊥ ( SAB ) .

b) Chứng minh rằng ( SAC ) ⊥ ( SDM ) .

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 16/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

c) Gọi AD giao BC tại E . Tìm K trên SE sao cho ( AKC ) ⊥ ( SEB ) .
Lời giải :
a) Ta có CM / / AD ⇒ CM ⊥ AB
CM ⊥ AB
Ta có : 
⇒ CM ⊥ ( SAB )
CM ⊥ SA
Mà CM ⊂ ( SCM ) ⇒ ( SCM ) ⊥ ( SAB )
b) AMCD là hình vuông ⇒ DM ⊥ AC
 DM ⊥ AC
Ta có : 
⇒ DM ⊥ ( SAC )
 DM ⊥ SA
Mà DM ⊂ ( SDM ) ⇒ ( SDM ) ⊥ ( SAC )

Câu 7: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC là tam giác vuông tại C, SAC là tam giác đều và nằm
trong mặt phẳng vuông góc với (ABC). Gọi I là trung điểm của SC.
a) Chứng minh (SBC) ⊥ (SAC).
b) Chứng minh (ABI) ⊥ (SBC).
Lời giải:

a) Kẻ SH ⊥ AC ⇒ SH ⊥ ( ABC ) ⇒ SH ⊥ BC . Kết hợp BC ⊥ AC ⇒ BC ⊥ ( SAC ) ⇒ ( SBC ) ⊥ ( SAC ) .
b) Theo câu a, BC ⊥ ( SAC ) , AI ∈ ( SAC ) ⇒ BC ⊥ AI .
Tam giác SAC đều, AI là trung tuyến nên AI ⊥ SC ⇒ AI ⊥ ( SBC ) ⇒ ( ABI ) ⊥ ( SBC ) .

Câu 8: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông cạnh a. Biết SA ⊥ (ABCD). Gọi M,
a

3a
N lần lượt là hai điểm trên BC và DC sao cho MB = ; DN = . Chứng minh rằng (SAM) ⊥ (SMN).
2
4
Lời giải:

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 17/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

Ta có
a 2 5a 2
AM = AB + BM = a +
=
4
4
2

2

2

2

2

25a 2
 3a 
AN = AD + DN = a +   =
16
 4 
2

2

2

2

2

2

2
 a   a  5a
MN = MC + NC =   +   =
16
2 4
2

2

2

Dẫn đến AN 2 = AM 2 + MN 2 ⇒ AM ⊥ MN . Mà SA ⊥ ( ABCD ) ⇒ SA ⊥ MN .
Kết hợp thu được MN ⊥ ( SAM ) ⇒ ( SMN ) ⊥ ( SAM ) .
Câu 9: [ĐVH]. Cho chóp S.ABCD có đáy là thang vuông tại A,D, có AB = 2a , AD = DC = a, ( SAB ) và

( SAD )

cùng vuông góc với đáy, SA = a. Gọi E là trung điểm SA, M là điểm thuộc AD sao cho AM = x.
(α) là mặt phẳng qua EM và vuông góc với (SAB).
a) Chứng minh SA ⊥ ( ABCD )
b) Xác định (α)
Lời giải:
a) Ta có : ( SAB ) ∩ ( SAD ) = SA
( SAB ) ⊥ ( ABCD )
Mặt khác: 
⇒ SA ⊥ ( ABCD )
SAD
⊥
ABCD
(
)
(
)

 AD ⊥ AB
b) Do 
⇒ AD ⊥ ( SAB )
 AD ⊥ SA

Điểm M thuộc AD do vậy MA ⊥ ( SAB ) .
Khi đó: ( EMA ) ⊥ ( SAB )

Hay (α ) ≡ ( EMA)

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 18/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

Câu 10: [ĐVH]. Cho chóp S.ABCD có đáy là hình vuông tâm O cạnh SA vuông góc với đáy. (α) là mặt
phẳng qua A và vuông góc với SC. (α ) ∩ SC = I .
a) Xác định K = SO ∩ (α )

b) Chứng minh ( SBD ) ⊥ ( SAC )
c) Chứng minh BD

(α )

d) Xác định giao tuyến d của (SBD) và (α ) . Tìm thiết diện chóp và (α ) .
Lời giải:
Dựng AI ⊥ SC , AI cắt SO tại K, từ K kẻ đường thẳng
song song với BD cắt SB va SD lần lượt tại M và N.
Ta có: MN / / BD ⇒ MN ⊥ AC
Mặt khác MN / / BD ⊥ SA ⇒ MN ⊥ ( SAC ) ⇒ MN ⊥ SC .
Lại có: AI ⊥ SC ⇒ ( AMIN ) ⊥ SC .

a) Điểm K = AI ∩ SO .

 BD ⊥ AC
b) Do 
⇒ BD ⊥ ( SAC ) ⇒ ( SAC ) ⊥ ( SBD )
 BD ⊥ SA
c) Do BD / / MN ⇒ BD / / (α )
d) ( SBD ) ∩ (α ) = MN và thiết diện là tứ giác AMIN.

Thầy Đặng Việt Hùng

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 19/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

CHỨNG MINH QUAN HỆ VUÔNG GÓC – P3
Thầy Đặng Việt Hùng – Moon.vn
VIDEO BÀI GIẢNG và LỜI GIẢI CHI TIẾT CÁC BÀI TẬP chỉ có tại website MOON.VN
DẠNG 3. TỔNG HỢP VỀ CHỨNG MINH VUÔNG GÓC
Câu 1: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình vuông cạnh bằng a, SAB là tam giác đều, SCD là
tam giác vuông cân đỉnh S. Gọi I, J là trung điểm của AB và CD.
a) Tính các cạnh của tam giác SIJ và chứng minh SI ⊥ (SCD), SJ ⊥ (SAB).
b) Gọi SH là đường cao của tam giác SIJ. Chứng minh SH ⊥ AC và tính độ dài SH.
c) Gọi M là điểm thuộc BD sao cho BM ⊥ SA. Tính AM theo a.
Câu 2: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABCD có SA ⊥ đáy và SA = a, đáy ABCD là hình thang vuông đường
cao AB = a, BC = 2a. Ngoài ra SC ⊥ BD.

a) Chứng minh tam giác SBC vuông.
b) Tính theo a độ dài đoạn AD.
c) Gọi M là một điểm trên đoạn SA, đặt AM = x, với 0 ≤ x ≤ a . Tính độ dài đường cao DE của tam giác
BDM theo a và x. Xác định x để DE lớn nhất, nhỏ nhất.

Câu 3: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABC có SA ⊥ đáy và SA = 2a, tam giác ABC vuông tại C với AB = 2a,

BAC = 300 . Gọi M là một điểm di đọng trên cạnh AC, H là hình chiếu của S trên BM.
a) Chứng minh AH ⊥ BM.
b) Đặt AM = x, với 0 ≤ x ≤ 3 . Tính khoảng cách từ S tới BM theo a và x. Tìm x để khoảng cách này là
lớn nhất, nhỏ nhất.

Câu 4: [ĐVH]. Cho hình lăng trụ ABC.A’B’C’ có đáy là tam giác đều cạnh a. cạnh bên AA’ = a và vuông
góc với đáy.
a) Gọi I là trung điểm của BC. Chứng minh AI ⊥ BC’.
b) Gọi M là trung điểm của BB’. Chứng minh AM ⊥ BC’.
c) Gọi K là một điểm trên đoạn A’B’ sao cho KB’ = a/4 và J là trung điểm của B’C’.
Chứng minh AM ⊥ (MKJ).

Câu 5: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABC có đáy là tam giác đều cạnh a, SA = SB =

2a 3
.
3

a) Kẻ SH ⊥ (ABC). Chứng minh H là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC.
b) Tính đọ dài SH theo a.
c) Gọi I là trung điểm BC. Chứng minh BC ⊥ (SAI).
d) Gọi ϕ là góc giữa SA và SH. Tính ϕ.
Câu 6: [ĐVH]. Cho hình chóp S.ABCD, đáy ABCD là tứ giác có ABD là tam giác đều, BCD là tam giác

cân tại C có BCD = 1200 . SA ⊥đáy.

a) Gọi H, K là hình chiếu vuông góc của A trên SB, SD. Chứng minh SC ⊥ (AHK).
b) Gọi C’ là giao điểm của SC với (AHK). Tính diện tích tứ giác AHC’K khi AB = SA = a.
Câu 7: [ĐVH]. Cho hình hộp chữ nhật ABCD.A’B’C’D’. Gọi O là giao điểm của AC và BD. Kẻ CK ⊥
BD.
Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 20/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

a) Chứng minh C’K ⊥ BD.
b) Chứng minh (C’BD) ⊥ (C’CK).
c) Kẻ CH ⊥ C’K. Chứng minh CH ⊥ (C’BD).
Câu 8: [ĐVH]. Cho tam giác đều ABC. Trên đường thẳng d vuông góc với mp(ABC) tại A lấy điểm S.
Gọi D là trung điểm của BC.
a) Chứng minh (SAD) ⊥ (SBC).
b) Kẻ CI ⊥ AB, CK ⊥ SB. Chứng minh SB ⊥ (ICK).
c) Kẻ BM ⊥ AC, MN ⊥ SC. Chứng minh SC ⊥ BN.
d) Chứng minh (CIK) ⊥ (SBC) và (MBN) ⊥ (SBC).
e) MB cắt CI tại G, CK cắt BN tại H. Chứng minh GH⊥ (SBC).
f) Chứng minh 6 điểm B, C, I, K, M, N cách đều D.

Thầy Đặng Việt Hùng

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 21/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

KHOẢNG CÁCH TỪ ĐIỂM ĐẾN MẶT PHẲNG – P1
Thầy Đặng Việt Hùng – Moon.vn
VIDEO BÀI GIẢNG và LỜI GIẢI CHI TIẾT CÁC BÀI TẬP chỉ có tại website MOON.VN
DẠNG 1. MẶT PHẲNG CÓ CHỨA ĐƯỜNG CAO
Ví dụ 1. [Video]: Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thang vuông tại A và B với
AB = 2a; BC =

3a
; AD = 3a. Hình chiếu vuông góc của S lên mặt phẳng (ABCD) là trung điểm H của
2

BD. Biết góc giữa mặt phẳng (SCD) và mặt phẳng (ABCD) bằng 600. Tính khoảng cách

a) từ C đến mặt phẳng (SBD)
b) từ B đến mặt phẳng (SAH)
Ví dụ 2. [Video]: Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thoi với AC = 2a; BD = 2a 2. Gọi H là
trọng tâm tam giác ABD, biêt rằng các mặt phẳng (SHC) và (SHD) cùng vuông góc với mặt phẳng
(ABCD) và góc giữa mặt phẳng (SCD) và mặt phẳng (ABCD) bằng 600. Tính khoảng cách

a) từ C đến mặt phẳng (SHD)

b) từ G đến mặt phẳng (SHC), với G là trọng tâm tam giác SCD.
Ví dụ 3. [ĐVH]: Cho lăng trụ đứng ABC. A′B′C ′ có đáy là tam giác vuông tại
B, AB = a, ACB = 300 , AA′ = 2a 2 .

a) Gọi G là trọng tâm tam giác ABC . Tính khoảng cách từ G đến mặt phẳng ( A′BC ) .
b) Gọi M là trung điểm của BB′ . Tính khoảng cách từ M đến mặt phẳng ( A′BC ′ ) .
Lời giải:
AB
AB
a) Ta có tan ACB =
⇒ BC =
=a 3
BC
tan ACB

AC =

AB 2 + BC 2 = a 2 + 3a 2 = 2a
1
Ta có d ( G , ( A ' BC ) ) = .d ( A, ( A ' BC ) )
3
Kẻ AN ⊥ A ' B
 BC ⊥ AB
Ta có 
⇒ BC ⊥ ( A ' BC ) ⇒ BC ⊥ AN
 BC ⊥ A ' A
Mà AN ⊥ A ' B ⇒ AN ⊥ ( A ' BC )

⇒ AN = d ( A, ( A ' BC ) )

1
1
1
1
1
=
+
= 2 + 2
2
2
2
AN
AA '
AB
8a
a
9
2a 2
2a 2
= 2 ⇒ AN =
⇒ d ( G, ( A ' BC ) ) =
3
9
8a
1
b) Ta có d ( M , ( A ' BC ' ) ) = d ( B ', ( A ' BC ' ) )
2
Kẻ BH ⊥ A ' C ', BK ⊥ KB

Xét ∆A ' AB :

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 22/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

 A ' C ' ⊥ BH
Ta có 
⇒ A ' C ' ⊥ ( B ' HB ) ⇒ A ' C ' ⊥ B ' K mà B ' K ⊥ BH ⇒ B ' K ⊥ ( A ' BC ')
 A 'C' ⊥ BB '
⇒ B ' K = d ( B ', ( A ' BC ') )
1
1
1
1
1
4
a 3
=
+
= 2 + 2 = 2 ⇒ B'H =
2
2
2
2

B'H
B ' A'
B 'C '
a
3a
3a
1
1
1
4
1
35
2a 6
a 6
Xét ∆B ' HB :
=
+
= 2 + 2 =
⇒ B'K =
⇒ d ( M , ( A ' BC ' ) ) =
2
2
2
BB ' 3a
B'K
B'H
8a
24a
35
35

Ví dụ 4. [ĐVH]: Cho hình chóp S . ABCD có đáy là hình chữ nhật, AD = 2a, AB = 4a, SD = 5a . Cạnh
bên SA vuông góc với đáy.
a) Tính khoảng cách từ A đến mặt phẳng ( SBC ) .

Xét ∆A ' B ' C :

1
b) Gọi M là trung điểm của BC , N nằm trên SB sao cho SN = SB . Tính khoảng cách từ N đến mặt
3
phẳng ( SMD ) .
Lời giải:
a) Kẻ AI ⊥ SB
 BC ⊥ AB
Ta có 
⇒ BC ⊥ ( SAB )
 BC ⊥ SA
⇒ BC ⊥ AI mà AI ⊥ SB ⇒ AI ⊥ ( SBC )

⇒ AI = d ( A, ( SBC ) )

SA = SD 2 − AD 2 = 25a 2 − 4a 2 = a 21
1
1
1
1
Xét ∆SAB :
=
+
=
2

2
2
AI
AS
AB
21a 2
1
37
4a 21
+
=
⇒ AI =
2
2
16a
336a
37
⇒ d ( A, ( SBC ) ) =

4a 21
37

b) Gọi J là giao điểm của AB và DM
1
1
Ta có d ( N , ( SMD ) ) = d ( B, ( SMD ) ) = d ( A, ( SMD ) )
3
6
Kẻ AH ⊥ DM , AK ⊥ SH
 DM ⊥ AH

Ta có 
⇒ DM ⊥ ( SAH ) ⇒ DM ⊥ AK mà AK ⊥ SH ⇒ AK ⊥ ( SDM )
 DM ⊥ SA

⇒ AK = d ( A, ( SDM ) )

Ta có S ADM =

Xét ∆SAH :

2S
1
1
8a 2
8a
S ABCD = 4a 2 mà S ADM = AH .DM ⇔ AH = ADM =
=
2
2
DM
17
16a 2 + a 2

1
1
1
1
17
421
8a 21

4a 21
=
+
=
+
=
⇒ AK =
⇒ d ( N , ( SMD ) ) =
2
2
2
2
2
2
AK
AS
AH
21a
64a
1344a
421
3 421

Ví dụ 5. [ĐVH]: Cho hình chóp S . ABC có đáy là tam giác vuông cân tại C , cạnh huyền có độ dài bằng
25a
8a . Gọi M là trung điểm của BC và H là trung điểm của AM . Biết SH ⊥ ( ABC ) và SB =
2
a) Tính khoảng cách từ B đến mặt phẳng ( SAM ) .
b) Tính khoảng cách từ B đến mặt phẳng ( SAC ) .
Lời giải:

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 23/122


Khóa học LUYỆN THI THPTQG 2017 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG

Facebook: Lyhung95

a) Kẻ BK ⊥ AM
 BK ⊥ SH
Ta có 
⇒ BK ⊥ ( SAM )
 BK ⊥ AM

⇒ BK = d ( B, ( SAM ) )

AB = 8a ⇒ AC = BC = 4a 2
1
1
Ta có S AMB = S ABC = BK . AM
2
2
1
AC.BC 4a 10
⇔ AC.BC = BK . AM ⇔ BK =
=
2

2 AM
5
4a 10
⇒ d ( B, ( SAM ) ) =
5
b) d ( B, ( SAC ) ) = 2d ( M , ( SAC ) ) = 4d ( H , ( SAC ) )
Kẻ HE ⊥ AC , HF ⊥ SE
 AC ⊥ HE
Ta có 
⇒ AC ⊥ ( SHE ) ⇒ AC ⊥ HF
 AC ⊥ SH
Mà HF ⊥ SE ⇒ HF ⊥ ( SAC )

⇒ HF = d ( H , ( SAC ) )

Xét ∆BAM : BH 2 =

BA2 + BM 2 AM 2
a 521
−
= 26a 2 ⇒ BH = a 26 ⇒ SH = SB 2 − BH 2 =
2
4
2

1
MC = a 2
2
1
1

1
1
4
529
a 1042
Xét ∆SHE :
=
+
= 2 +
=
⇒ HF =
2
2
2
2
2
HF
HE
HS
2a
521a
1042a
529
4a 1042
⇒ d ( B, ( SAC ) ) =
529
HE =

Ví dụ 6. [ĐVH]: Cho khối chóp S.ABCD có đáy là hình vuông, gọi M là trung điểm cạnh AD, hình chiếu
3a

vuông góc của S trên mặt đáy trùng với trung điểm của đoạn BM biết SM =
và SH = a . Tính các
2
khoảng cách sau:
a) d ( A; ( SBM ) ) .
b) d ( D; ( SBM ) )

Lời giải:

Chương trình Luyện thi PRO–S Toán MOON.VN – Giải pháp tối ưu nhất cho kì thi THPT Quốc Gia 2017!
www.fb.com/groups/TaiLieu.Moon

Trang 24/122