Phan Hòa Đại
SỞ GIÁO DỤC – ĐÀO TẠO
Đề thi toán vào 10 Lê Quý Đôn -Bình Định
KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 THPT NĂM HỌC 2016-2017
BÌNH ĐỊNH
Đề chính thức
TRƯỜNG THPT CHUYÊN LÊ QUÝ ĐÔN
Môn thi: Toán ( ĐỀ CHUNG )
Bài 1: (1,5 đ) Cho biểu thức: T
1. Rút gọn T
2. Tìm các giá trị của x để
Ngày thi: 06/6/2016
Thời gian làm bài: 120’
x 1
x 1
x
. x x
( Với x > 0 ; x ≠ 1)
x 1
x 1
x
1
T 2 x 13
2
Bài 2: (1,5 đ) Tìm các số nguyên x,y thỏa mãn : 2y2x+x+y+1=x2+2y2+xy
Bài 3: (2 đ) Hai người thợ cùng làm một công việc trong 16 giờ thì xong. Nếu người thứ nhất làm trong
3 giờ, người thứ hai làm 6 giờ thì hoàn thành được ¼ công việc. Hỏi nếu làm riêng thì mỗi người hoàn
thành công việc trong bao lâu?
Bài 4: (4 đ) Cho đường tròn tâm O và dây AB không phải là đường kính. Vẽ đường kính CD vuông góc
với AB tại K ( D thuộc cung nhỏ AB).M là một điểm thuộc cung nhỏ BC ( M không trùng với B và C).
DM cắt AB tại F.
a) CM tứ giác CKFM nội tiếp.
b) Chứng minh: DF.DM=AD2
c) Tia CM cắt đường thẳng AB tại E. Chứng tỏ rằng tiếp tuyến tại M của (O) đi qua trung điểm của EF.
d) Chứng minh:
FB KF
EB KA
x 2016
x 2017
x 1
x 1
---*--HƯỚNG DẪN GIẢI
x 1
x 1
x
. x x
( Với x > 0 ; x ≠ 1)
x 1
x 1
x
Bài 5: (1 đ) : Tìm GTLN của biểu thức: A
Bài 1: ( 2 đ) Cho biểu thức: T
a)Rút gọn T:Với x > 0 ; x ≠ 1
x 1
x 1
x
T
. x x
x 1
x
1
x
2
x 1
x 1
.x
x 1
2
x x
4 x
. x x 1 4x
x 1
1
T 2 x 13 2x 2 x 13 2x 2 x 13 0 Đặt x t 0 , ta được
2
1 3 3
(TM § K)
t1
1 3 3
28 6 3 14 3 3
2
2
pt: 2t -2t-13=0 ....
x
x
(TM § K)
2
4
2
1 3 3
(Lo¹i)
t 2
2
b)Với x > 0 ; x ≠ 1, ta có
Bài 2: (1,5 đ) Tìm các số nguyên x,y thỏa mãn : 2y2x+x+y+1=x2+2y2+xy (1)
*Cách 1:2 Dựa vào điều 2kiện nghiệm
của
pt bậc hai:
2
2
2
2
2
(1) 2y x x y 1 x 2y xy x xy 2y x x 2y y 1 0 x x(2y 2 y 1) 2y 2 y 1 0
§ Æt 2y 2 y a x 2 x(a 1) (a 1) 0(*)
Xem (*) là pt bậc 2 ẩn x, đk cần pt(1) có nghiệm x nguyên : là số chính phương
k 2 ( k N) (a 1)2 4(a 1) k 2 a 2 2a 5 k 2 (a 1)2 k 2 4 (a 1 k)(a 1 k) 4
Phan Hòa Đại
Đề thi toán vào 10 Lê Quý Đôn -Bình Định
Vì a Z và k N nên a-1-k a-1+k và a-1-k ; a-1+k có cùng tính chẵn -lẻ nên chỉ có 1 trường hợp:
a 1 k 2
a k 1 a 1
TM § K
a 1 k 2
a k 3
k 2
-Với a=1 thì 2y2-y=1 2y2-y-1=0 (**) , pt (**) có dạng a+b+c=0 nên có 2 nghiệm:y1=1 (TMĐK)
; y2=
c
1
(loại)
a
2
a 1 k 2 1 1 22
x
2
1
2
2
Với a=1; k=2 thì pt (*) có hai nghiệm:
(TMĐK)
2
2
a 1 k
11 2
x1
0
2
2
Vậy pt(1) có hai nghiệm nguyên (x;y) là (0;1) và (2;1)
*Cách 2: Đưa về pt tích:
2y2x+x+y+1=x2+2y2+xy (1) x2-2y2x+xy+2y2 -x-y=1 x(-2y2+y+x)-(-2y2+y+x)=1
(-2y2+y+x)(x-1)=1
x 2
y 1
x 1 1
x 2
x 2
x 2
1
y
(Lo¹i)
2
2
2
2
y 1
2y x y 1
2y 2 y 1
2y y 1 0
x 0
x 0
x 1 1
x0
x0
2y2 x y 1 2y 2 0 y 1 2y 2 y 1 0
y 1
y 1
y 1 (Lo¹i)
2
Vậy pt(1) có hai nghiệm nguyên (x;y) là (0;1) và (2;1)
Bài 3: Gọi thời gian làm riêng xong công việc của người thợ thứ nhất là x ( giờ), của người thợ thứ hai là
y (giờ) . ĐK: x ,y > 16
Trong 1 giờ: + Người thợ thứ nhất làm được:
1
(CV)
x
1
(CV)
y
1
+ Cả hai người thợ làm được:
(CV)
16
1 1 1
Ta được pt: + =
(1)
x y 16
3
Người thợ thứ nhất làm trong 3 giờ được: (CV)
x
6
Người thợ thứ hai làm trong 6 giờ được: (CV)
y
1
Cả hai người thợ làm được: (CV)
4
3 6 1
Ta được pt: (2)
x y 4
+ Người thợ thứ hai làm được:
Phan Hòa Đại
Đề thi toán vào 10 Lê Quý Đôn -Bình Định
1 1 1
x y 16
x 24
Từ (1) và (2) ta được hệ pt:
........................ giải hpt ta được:
(TMĐK)
y
48
3
6
1
x y 4
Vậy thời gian làm riêng xong công việc của người thợ thứ nhất là 24 giờ, của người thứ hai là 48 giờ.
C
Bài 4: (4 đ)
3
a) CM tứ giác CKFM nội tiếp.
CD AB => CKF = 900 ( góc nội tiếp chắn nửa đường tròn )
Lại có CMF =900 ( góc nội tiếp chắn nửa đường tròn )
Suy ra CKF + CMF =1800 => Tứ giác ABEF nội tiếp được.
b) CMR: DF.DM=AD2.
A
Ta có: DKF DMC 900 Lại có : D1 chung
=> DKF
DMC g.g
M
3
1
2
O
2
1
DF CD
DF.DM DK.CD(1)
DK DM
K
1
F
2
B
I
E
1
0
Lại có: DAC 90 0 ( góc nội tiếp cùng chắn nửa đường tròn (O)); AKC 90
=> ACD vuông tại A có
D
2
đường cao AK nên: AD =DK.CD (2)
Từ (1) và (2) suy ra DF.DM=AD2
c. Chứng minh: Tiếp tuyến tại M của đường tròn (O) đi qua trung điểm của EF:
Gọi giao điểm của tiếp tuyến của đường tròn (O) tại M với AE là I.
-Ta có: M 2 M 3 900 ( vì OMI 90 0 ), E 2 M 3 900 ( vì CKE 90 0 ), lại có C 3 M 3 ( Vì OC=OM =>
OMC cân tại C) suy ra E 2 M 2 => IME cân tại I => IM=IE (3)
0
-Ta có: M 2 IMF DME 900 , E 2 F 2 900 ( vì DME 90 ) , mà E 2 M 2 (c.mt) => IMF cân tại I =>
IM=IF (4)
Từ (3) và (4) suy ra IE=IF =>Tiếp tuyến tại M của đường tròn (O) đi qua trung điểm của EF
FB KF
d) CMR:
EB KA
Ta có: A1 M1 ( góc nội tiếp cùng chắn cung DB) và F1 F 2 ( đối đỉnh)
FB FD
FB.FA FM.FD(5)
FM FA
Ta có DKF MMF 900 và F1 F 2 ( đối đỉnh)
=> ADF
MBF g.g
FM FK
FE.FK FM.FD(6)
FE FD
FB FK
FB
FK
FB FK
Từ (5) và (6) suy ra: FB.FA=FE.FK =>
FE FA
FE FB FA FK
EB KA
=> FKD
FME g.g
Bài 5: (1 đ) : ĐK: x 2017 A
x 2016
x 2017
x 1
x 1
Theo BĐT Cô –Si cho hai số không âm, ta có:
x 2016 .2017 x 2017 .2016
x 1 . 2017
x 1 . 2016
Phan Hòa Đại
A
x 2016 2017
2. x 1 . 2017
Đề thi toán vào 10 Lê Quý Đôn -Bình Định
x 2017 2016
2. x 1 . 20176
x 1
2. x 1 . 2017
1 1
1
2 2016
2. x 1 . 20176
2017
x 1
1 2016
2017 2017 2016 2016 2017 2017 2016 2016 2017
A
2 2016
2017
2.2016.2017
8132544
2017 x 2016
x 4033 (TMĐK)
2016 x 2017
Dấu “=” xảy ra khi và chỉ khi:
Vậy Amax=
2017 2016 2016 2017
khi x=4033
8132544