1|Page
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
2|Page
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
3|Page
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
4|Page
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
5|Page
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
6|Page
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
7|Page
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
--- ĐÁP ÁN CHI TIÊT---
Đáp án D
-
Đáp án A
-
Đáp án C
-
Đáp án D
-
Đáp án A
-
Đáp án D
-
Đáp án A
8|Page
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
-
Đáp án C
-
Đáp án A
-
Đáp án C
-
Đáp án D
-
Đáp án D
-
Đáp án B
9|Page
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
-
Đáp án A
-
Đáp án B
-
Đáp án B
-
Đáp án Đáp án
-
Đáp án B
-
Đáp án A
-
Đáp án B
-
Đáp án A
10 | P a g e
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
-
Đáp án D
-
Đáp án A
-
Đáp án B
- Đáp án B
- Đáp án C
-
Đáp án C
11 | P a g e
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
-
Đáp án B
-
Đáp án C
-
Đáp án D
-
Đáp án C
-
Đáp án B
-
Đáp án A
-
Đáp án A
12 | P a g e
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
-
Đáp án C
x 1
PT hoành độ giao điểm : x 3 3x k x 1 2 x 1 x 2 x k 2 0
2
g x x x k 2 0
k 0
g 1 0
Để (C) giao d tại 3 điểm phân biệt khi g(x) = 0 có 2 nghiệm phân biệt khác – 1
9 .
0
k 4
x x 1
Giả sử x1 ; x2 là hoành độ của N,P đồng thời là nghiệm phương trình g(x) = 0. Ta có : 1 2
x1.x2 k 2
.
Theo bài ta có tiếp tuyến tại N, P vuông góc nên :
y ' x1 . y ' x2 1 3 x12 3 3 x22 3 1
2
9 x12 x2 2 9 x1 x2 18 x1 x2 10 0
3 2 2
k1
1
3
9k 2 18k 1 0
t / m k1.k2
9
3 2 2
k2
3
-
Đáp án C
-
Đáp án C
k 1
14
2C
C14k C14k 2 2.
14!
14!
14!
k 1 !. 13 k ! k !.14 k ! k 2 !.12 k !
2 14 k
13 k 14 k
k 1
k 1!. 14 k ! k 1!.14 k ! k 2 k 1!.14 k !
2 14 k k 1
13 k 14 k . 28 2k k 2 k 1 k 2 13 k 14 k
k 2
k4
2k 24k 56 k 2 3k 2 k 2 27 k 182 4k 2 48k 128 0
4.8 32
k 8
2
13 | P a g e
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
-
Đáp án D
- Đáp án D
Giả sử với x = 2 ta có : HB log b 2 ; HA log a 2 . Theo bài ta có : 2HA = 3HB
3 logb 2 2 log a 2
3
2
3log 2 a 2 log 2 b 0 log 2 a3 log 2 b 2 0
log 2 b
log 2 a
log 2 a 3b 2 0 a3b 2 1
-
Đáp án A
x k
8
2 cos 3x sin x cos x cos 3 x cos x
4
x l
16 2
7
15
x 8 ; x 8
x 0; 2
x 6
x ; x 9 ; x 17 ; x 25
16
16
16
16
- Đáp án B
Ta có : y ' 3 x 2 6 x m . Để hàm số có 2 cực trị ' 9 3m 0 m 3
m
2m
2 x 2
(Phần dư của phép chia y/y’) đường thẳng qua A,B là : d : y
3
3
m
Để A,M,B thẳng hàng thì M 0;3 d 3 2 m 3 loai
3
14 | P a g e
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
-
Đáp án D
2
sin 2 x cos2 x dx sin 4 x 2 cos2 x sin 2 x cos4 x dx sin 2 xdx 2 dx dx
dx
sin 2 x.cos4 x sin 2 x.cos4 x
cos 4 x cos2 x sin 2 x
sin 2 x.cos 4 x
dx
dx
dx
tan 2 x
2
2 tan 2 xd tan x 2 d tan x d cot x
2
2
cos x
cos x
sin x
tan 3 x
tan 3 x
1
2 tan x
C
2 tan x cot x C
3
3
tan x
-
Đáp án B
Giải sử N(2;1;2) là trung điểm AB, T(1;3;3) là trung điểm của NC. Điểm M(x;y;0)
Ta có : MA MB 2 MC 2 MN 2MC 2 MN MC 4 MT 4
2
x 1 y 3
2
9 12
Dấu = xảy ra khi x =1 và y = 3 . Do đó M(1;3;0)
- Đáp án B
Đặt
trục tọa độ như
hình vẽ.
AM 2;0;1 ; AN 0; 2; 2
AM ; AN 4; 4; 2 n1
CM 0; 2;1 ; CN 2;0; 2
CM ; C N 2; 4; 4 n2
)n1 .n2 0 AMN CMN
15 | P a g e
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
-
Đáp án C
Số lượng số tự nhiên gồm 5 chữ số đôi một khác nhau từ 5, 6, 7, 8, 9 là 5! 120 (số)
Số 9 xuất hiện ở hàng đơn vị là: 4! 24 lần
Số 8 xuất hiện ở hàng đơn vị là: 4! 24 lần
Số 5, 6, 7 xuất hiện ở hàng đơn vị là: 4! 24 lần
Tổng các chữ số xuất hiện ở hàng đơn vị: 24 5 6 7 8 9 840
Tương tự thì mỗi lần xuất hiện ở hàng tiếp theo đều là 24 lần
Tổng các chữ số ở hàng chục bằng 8400.
Tổng các chữ số ở hàng trăm bằng 84000.
Tổng các chữ số ở hàng nghìn bằng 840000.
Tổng các chữ số ở hàng chục nghìn bằng 840000.
2
3
4
Tổng các số thuộc tập S là: 840 1 10 10 10 10 9333240
- Đáp án D
Hàm số biểu diễn vận tốc có dạng : y = at2 + bt+ c . Dựa vào đồ thị ta có :
c = 2
c = 2
a = 1
2
a + b + c = 1 a + b = -1 b = -2 y = t -2t +2
b
b = -2a
c = 2
1
2a
4
40
Từ đó ta có quãng đường cần tìm là : t2 - 2t + 2 dt
(km)
3
0
16 | P a g e
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
- Đáp án C
x, y 0
4 9.3x
2
4 9.3x
2
2 y
4 9x
2
2 y
2
2 y
4 9x
2
.7
2
2 y
2 y x2 2
. 7 49
x2 2 y
2
4.7 x 2 y 9.21x 2 y 49.9 x 2 y 4.49
Đặt t x 2 2 y 4.7t 9.21t 49.9t f t
Sử dụng Mode 7 f t đơn điệu PT có 1 nghiệm t 2 .
x2 2
2
x 2 y 18 x x 16
16 COSI
16
P
1 x
1 2 x. 9
x
x
x
x
x2 2 y 2 y
- Đáp án C
Dùng dấu hiệu số 2 phần cực trị quan sát tại những thời điểm cực trị của mỗi hàm .
17 | P a g e
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
- Đáp án B
Để xếp được nhiều phấn nhất thì phương án xếp
ngang xen kẽ theo thứ tự 5,4.
+) 3 đáy liên tiếp của 3 viên phấn có tâm lần lượt
là A,B,C. Ta có ABC đều với cạnh bằng 1.
3
Chiều cao của 3 đường tròn là
1
2
3
1
Phần giao của 3 đường tròn là 2
2
3
2
Nếu xếp vào hộp theo chiều dài là n hàng thì phần
giao là n – 1 n
1
Hình 1
3
n.1 n 1 1
30 n 34
2
Số viên cần xếp là : 17.5 + 17.4 = 153 (viên)
Hình 2
18 | P a g e
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986
- Đáp án B
MQ // SC
Kẻ
mp MNPQ chia khối chóp thành 2 phần
NP // SC
Gọi VSMNPQC V1 ; VABNPMQ V2 .
Dễ thấy MN AB PQ K
MA NS KB
KB 1
.
.
1
Áp dụng Meneleus:
MS NB KA
KA 4
BA NK SM
NK
KN 1 KP
.
.
1
1
BK NM SA
NM
KM 2 KQ
v
1 1 1 1
KBNP . . .
VKANQ 4 2 2 16
S
M
N
B
A
Q
K
P
C
Cách giải nhanh nhất phần này là đặc biệt hóa SABC thành tứ
diện có SA AB AC và SA AB AC 1 .
1 4 2 2 1 8
Khi đó dễ thấy: VAMQK . . . .
3 3 3 3 2 81
15 8
V2 . 54
16 81
1
1 5
4
VSABC V1
6
6 54 54
V 4
Do đó: 1 Chọn B
V2 5
------Hết----
19 | P a g e
Giải đề : Phạm Nguyên Bằng – SĐT : 01657913986