ĐỀ THI TOÁN VÀO THPT CHUYÊN KHTN 2019
Bài 1.
a) Giải phương trình:
26 x 5
x 30
2
2 26 x 5 3 x 2 30
2
2
x y 2
b) Giải hệ phương trình :
2
x 2 y 2 3 y 4 xy 27
Bài 2.
a) Tìm tất cả các cặp số nguyên thỏa mãn x 2 x 1 y 2 xy 3x 1
b) Với x, y là các số thực thay đổi thỏa mãn 1 y 2 và xy 2 2 y, tìm giá trị
x2 4
nhỏ nhất của biểu thức M 2
y 1
Bài 3.
Cho hình vuông ABCD, đường tròn O nội tiếp hình vuông tiếp xúc với các cạnh
AB, AD tai hai điểm E, F . Gọi G là giao điểm các đường thẳng CE và BF
a) Chứng minh rằng 5 điểm A, F , O, G, E cùng nằm trên một đường tròn
b) Gọi giao điểm của đường thẳng FB và đường tròn là M M F . Chứng
minh rằng M là trung điểm của đoạn thẳng BG
Bài 4.
Cho x, y, z là các số thực dương thỏa mãn xy yz xz 1. CMR:
1
1
1
2 x
y
z
2
2
2
1 x 1 y 1 z
3 1 x 2
1 y2
1 z2
3
ĐÁP ÁN
Bài 1.
5
đặt a 26 x 5 và b x 2 30, a 0, b 0
26
a2
Phương trình trở thành:
2a 3b a b a 3b 0 a b
b
x 1
26 x 5 x 2 30
x 25
a) Điều kiện x
Vậy S 1;25
b) Thay 2 x 2 y 2 vào phương trình thứ hai ta được:
x 2 y x 2 y 2 3 y 2 4 xy 27
x 2 y 27
3
x 3 2 y thay vào phương trình thứ nhất ta được
3 2 y
2
y 1 x 1
y 0
7
1
y x
5
5
2
1 7
Vậy x; y 1;1 ; ;
5 5
Bài 2.
a) Từ biểu thức x 2 x 1 y 2 xy 3x 1 ta nhận thấy 3x 1phải chia hết
cho x 2 x 1
Ta có : 3x 1 3x 2 9 x 2 9 x 2 9 x 2 x 1 7 cũng phải chia hết cho
x
2
x 1 suy ra 7 x 2 x 1 x2 x 1 1 hoặc 7 x 0;1;3; 2 , thay lần
lượt tìm ra y
Vậy x; y 1;1; 1; 2 ; 2;1
b) Từ giả thiết xy 2 2 y 4 xy 8 8 y
Mà ta lại có: 4 x 2 y 2 4 xy
4 x 2 y 2 8 4 xy 8 8 y
4 x2 4 8 y 8 y 2
4 x 2 4 4 y 2 1 5 y 2 2 y 4 y 2 1
x2 4
M 2
1
y 1
Dấu " " xảy ra khi x 1, y 2, M min 1
Bài 3.
E
A
M
H
G
F
D
B
O
J
C
a) Do đường tròn (O) nội tiếp hình vuông ABCD nên E và F là trung điểm các
cạnh AB, AD ABF BCE
EBG BCG BGC vuông suy ra tứ giác AGEF nội tiếp mà AEOF cũng nội
tiếp nên 5 điểm A, F , O, G, E cùng nằm trên một đường tròn
b) Ta có : AB là tiếp tuyến của đường tròn (O) nên BEM EFM
Lại có EAG EFG cùng chắn cung EG nên EAG EFG
EM / / AG trong khi E là trung điểm của AB nên M cũng là trung điểm của BG
Bài 4.
1
1
1
2 x
y
z
1 x 2 1 y 2 1 z 2 3 1 x 2
1 y2
1 z2
Ta có:
1 x2 xy yz xz x 2 x y x z
3
1 y 2 xy yz xz y 2 x y y z
1 z 2 xy yz xz z 2 z y x z
Ta có:
x
y
z
1 x2
1 y2
1 z2
2
x
y
z
x y z
2
2
2
1
x
1
y
1
z
2 x y z
x
y
z
x y z
x y x z x y y z z y x z x y y z z x
Do đó
1
4 x y z
y
z
VP
3 x y y z z x 1 x 2
1 y2
1 z 2
x
y
z
3
Bất đẳng thức trở thành:
1 x2
1 y2
1 z2 2
Ta có:
x
1 x2
y
1 y2
z
1 z2
1 x
x
x y x z 2 x y x z
1 y
y
x y y z 2 x y y z
1 z
z
x z y z 2 x z y z
x
1 x2
x
y
z
y
1 y2
z
1 z2
Dấu “=” xảy ra khi x y z
3
2
1
3