Tiet 34 KT 45 DS 10 NC chIII

<span class='text_page_counter'>(1)</span><div class='page_container' data-page=1>

KT 45 ĐS 10 (NC) giữa ch.3
Tiết 34

Ngày soạn : 7/11/2010
<b>I) MC TIấU : </b>

<b> 1. V</b>ề kiến thức : Thông qua bài làm của HS:

- Đánh giá khả năng nắm kiến thức, khả năng vận dụng các kiến thức của từng
HS về :

- PT, PT bậc nhất , PT bậc hai, một số PT qui về PT bậc nhất, bậc hai.
2.Về kỹ năng :

- Rèn luyện ý thức tự giác trong học tập của từng HS, v ề :
- Kỹ năng làm bài, diễn đạt, tính cẩn thận , chính xác.

<b>II) CHUẨN BỊ:</b>

- HS : ôn tập kiến thức về PT, PT bậc nhất , PT bậc hai,PT qui về PT bậc nhât,
bậc hai.

- GV : giáo án, đề và đáp án.
- Ma trận đề

<b> </b>

Nhận biết Thông hiểu Vận dụng Tổng

TN TL TN TL TN TL

PT bậc

nhất

1

1

1

1

PT bậc hai 1

2

2
4

1

2
4

8

PT qui về
pt b1 ; b2

1

1 1 1
Tổng 1

2
3

5
2

3
6

10
<b>III) PHƯƠNG PHÁP</b>: PP tự luận

<i><b>§Ị</b></i>

Bài 1 : Cho hàm số : y = (m - 1) x2_{- 2mx - 3m + 1 , có đồ thị (Pm)}
Tìm điểm cố định mà (Pm) ln đi qua với mọi m.

Bµi 2 : Cho phơng trình : x2_{- ( k - 3)x - k + 6 = 0 (1)}

a) Gọi x1, x2 là nghiệm của phơng trình , tìm k để x12_{+ x2}2_{= 18}

b) Biện luận theo k số giao điểm của Pa rabol y = x2_{- (k - 3)x - k + 6 với đờng}
thẳng y = - kx + 4.

c) Tìm k để phơng trình (1) có đúng một nghiệm số dơng ?

Bài 3 : Giải phơng trình : <i>x</i>4 <i>x</i>32 3 2<i>x</i> 11

<i><b>Đáp án</b></i>

Bi 1<b> : </b>Go A(x0;y0) l im c định, thì

y0= (m - 1 )x02_{- 2mx0 - 3m + 1 nghiệm đúng mọi m}

 (x02_{-2x0 - 3)m - x0}2_{- y0 + 1 = 0 nghiệm đúng mọi m 1đ}

 x02_{- 2x0 - 3 = 0}

</div>
<span class='text_page_counter'>(2)</span><div class='page_container' data-page=2>

1 - x02_{- y0 = 0}

Giải hệ tìm đợc hai điểm cố định là A(-1;0) và A’(3;8) 1đ
Bài 2 :

a) ĐK  = k2_{- 2k -15}__{0 (*)}
x12_{+ x2}2_{= (x1 + x2)}2_{- 2x1x2 = 18 1đ}
 (k - 3)2_{- 2(6 - k) = 18}__k2_{- 4k - 21 = 0 1đ}
PT có hai n0 k = -3 , k = 7 đều thoả mãn ĐK (*) KL: k = -3, k = 7 1đ

b) PT hoành độ giao điểm là : x2_{- (k - 3)x - k + 6 = - kx + 4}

 x2_{+ 3x + 2 - k = 0 , cã}__{= 4k + 1 1®}
+) k< -1/4   < 0  Pt v« n0  (P) và d k0 có điểm chung
+) k = -1/4   = 0  Pt cã n0 kÐp  (P) và d có 1 điểm chung
+) k > -1/4   > 0  Pt cã hai n0 pb  (P) vµ d cã 2 ®iĨm chung 1®

c)  = k2_{- 2k -15 = 0 cã 2 n0 lµ k = -3, k = 5}

+) Víi k = -3 th× PT (1) trë thµnh x2_{+ 6x + 9 = 0 cã n0 kÐp x1 = x2 = -3 < 0}
(kh«ng tho¶ m·n ycbt)

+) Với k = 5 thì PT (1) trở thành x2_{- 2x + 1 = 0 cã n0 kÐp x1 = x2 = 1 > 0 (tho¶}
m·n ycbt) 1®
+) PT cã 1 n0 = 0 thì k = 6 PT trở thành x2_{- 3x = 0, PT cã 1 n0 = 3 > 0 (tho¶ m·n}
ycbt)

+) PT cã hai n0 sao cho x1 < 0 < x2  ac < 0  - k + 6 < 0  k > 6

KL : k = 5 và k 6 thoả mÃn ycbt 1đ
Bài 3 : ĐK :

2
3

3 

 <i>x</i>

PT 



<i>x</i>3 4 <i>x</i>34



(3 2<i>x</i> 2 3 2<i>x</i>1)0 0,5



_

<i>x</i>3 2

_

2

_

3 2<i>x</i> 1

_

2 0  <i>x</i>3 20

3 2<i>x</i> 10

Giải hệ tìm đợc PT có n0 duy nhất x = 1 0,5

</div>

<!--links-->