GIẢI SÁCH BÀI TẬP XÁC SUẤT VÀ THỐNG KÊ đh KTQD

lOMoARcPSD|11424851

GIẢI SÁCH BÀI TẬP XÁC SUẤT
VÀ THỐNG KÊ ĐH KTQD
Chương 2

TS. Nguyễn Văn Minh
ĐH Ngoại Thương Hà nội
7/2016 version 3


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Giải bài tập sách ‘‘Bài tập Xác suất và Thống Kê toán’’ trường ĐH KTQD
07/2016 version 2
Bài tập có sự giúp đỡ của SV K52, K53. Có nhiều chỗ sai sót mong được góp ý:
facebook.com/nnvminh
CHƯƠNG 2: BIẾN NGẪU NHIÊN
§1 Biến ngẫu nhiên rời rạc
Bài 2.1 Một xí nghiệp có 2 ơ tơ vận tải hoạt động. Xác suất trong ngày làm việc các ô tô bị hỏng tương
ứng bằng 0,1 và 0,2. Gọi X là ô tô bị hỏng trong thời gian làm việc.
a)

Tìm quy luật phân phối xác suất của X.

b)

Thiết lập hàm phân bố xác suất của X và vẽ đồ thị của nó

Giải:
a)

X là số ơ tơ bị hỏng trong thời gian làm việc

X là biến ngẫu nhiên rời rạc với các giá trị có thể có X = 0, 1, 2
Ta có:
P(X=0) = 0,9. 0,8 = 0,72
P(X=1) = 0,1. 0,8 + 0,9. 0,2 = 0,26
P(X=2) = 0,1. 0,2 = 0,02
Vậy quy luật phân phối xác suất của X là

b)

X

0

1

2

P

0,72

0,26

0,02

Theo định nghĩa hàm phân bố xác suất: F(x) = P(X
Với x ≤ 0

F(x) = 0

Với 0 < x ≤ 1

F(x) = 0,72

Với 1< x ≤ 2

F(x) = 0,72 + 0,26 = 0,98

Với x > 2

F(x) = 0,72 + 0,26 + 0,02 = 1

Bài 2.2 Một thiết bị gồm 3 bộ phận hoạt động độc lập với nhau. Xác suất trong thời gian t các bộ phận bị
hỏng tương ứng là 0,4; 0,2 và 0,3.
a)

Tìm quy luật phân phối xác suất của số bộ phận bị hỏng.

b)

Thiết lập hàm phân bố xác suất của X.

c)

Tính xác suất trong thời gian t có khơng q hai bộ phận bị hỏng.
2


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

d)

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Tìm mốt mo và trung vị md.

Giải:
a)

Gọi X là số bộ phận bị hỏng trong thời gian làm việc t.

X là biến ngẫu nhiên rời rạc với các trị số có thể xảy ra X= 0, 1, 2, 3.
Ta có, P(X = 0) = 0,6.0,8.0,7 = 0,336
P(X = 1) = 0,4.0,8.0,7 + 0,6.0,2.0,7 + 0,6.0,8.0,3 = 0,452
P(X = 2) = 0,4.0,2.0,7 + 0,4.0,8.0,3 + 0,6.0,2.0,3 = 0,188
P(X = 3) = 0,4.0,2.0,3 = 0,024
Vậy quy luật phân phối xác suất của X là

b)

X

0

1

2

3

P

0,336

0,452

0,188

0,024

Theo định nghĩa hàm phân bố xác suất F(x) = P (X
Ta có:
F(x) = 0

với x ≤ 0

F(x) = 0,336

với 0 < x ≤ 1

F(x) = 0,788

với 1< x≤2

F(x) = 0,976

với 2< x≤3

F(x) =1

với x>3

c)

Xác suất trong thời gian t khơng có quá 2 bộ phận bị hỏng:

P(X≤2) = 0,976
d)

Từ hàm phân bố xác suất dễ dàng nhận thấy trung vị: md =1

Giá trị Mốt m0 là giá trị có xác suất lớn nhất => mo = 1
Bài 2.3 Có 3 quả cầu trắng và 2 quả cầu đen. Lấy ngẫu nhiên từng quả cầu cho đến khi lấy được quả cầu
trắng. Tìm quy luật phân phối xác suất của số quả cầu được lấy ra.
Giải: Gọi X là “số cầu được lấy ra”
X gồm 3 giá trị 1, 2, 3 (vì đến quả thứ 3 chắc chắn lấy được cầu trắng và kết thúc quá trình lấy).
Xác suất lấy được 1 quả cầu:

3

 0, 6
5

Xác suất lấy được 2 quả cầu (quả cầu 1 là đen, quả cầu 2 là trắng):

2 3
.  0,3
5 4

Xác suất lấy được 3 quả cầu (quả cầu 1 là đen, quả cầu 2 là đen, quả cầu 3 là trắng):
3

2 1 3
. .  0,1
5 4 3


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Ta có quy luật phân phối xác suất:
X

1

2

3

P

0,6

0,3

0,1

Bài 2.4 Xác suất để một người bắn trúng bia là 0,8. Người ấy được phát từng viên đạn để bắn cho đến khi
trúng bia. Tìm quy luật phân phối xác suất của viên đạn bắn trượt.
Giải: Gọi X là số viên đạn bắn trượt: X = 1, 2, 3,, n
Lại có: Gọi A = “Biến cố bắn trúng bia” có P(A) = 0,8 = p và P( A ) = 0,2 =q.
Khi đó: P(X=n) = 0,8.(0,2)n
Ta có:
X

0

1

2

…

n

...

P

0,8

0,8.(0,2)1

0,8.(0,2)2

…

0,8.(0,2)n

...

Nhận thấy:
P(X=n) > 0 Và:




n 0

n 0

P  X  n   

1  0, 2   lim 1  1   1 .
 0, 2  .0,8  lim 0,8.
n

n

n 

1  0, 2

n 





5n 

Vậy các xác suất trên tạo thành 1 quy luật phân phối xác suất
Bài 2.5 Có 2 lơ sản phẩm:
Lơ 1: có 8 chính phẩm và 2 phế phẩm
Lơ 2: có 7 chính phẩm và 3 phế phẩm
Từ lơ thứ nhất lấy ngẫu nhiên 2 sản phẩm bỏ sang lô thứ hai, sau đó từ lơ thứ hai lấy ra 2 sản phẩm.
a)

Tìm quy luật phân phối xác suất của số chính phẩm được lấy ra.

b)

Xây dựng hàm phân bố xác suất của số chính phẩm được lấy

Giải:
a)

Gọi X là “số chính phẩm được lấy ra từ hộp 2” nhận 3 giá trị 0;1;2

Gọi Hi là “số chính phẩm lấy từ hộp 1 sang hộp 2 là i” với i = 0;1;2
Ta có: P(H0) =

P(X=0|H0) =

C80 . C22 1
C81 . C21
C82 . C20
16
28
;
P(H
)
=
=
=
;
P(H
)
=

2
1
2
2
2
45
C10

45
C10
45
C10

C70 . C52
C80 . C42
C90 . C32
10
6
3
;
P(X=0|H
)
=
;
P(X=0|H
)
=
=
=
=
1
2
2
2
2
C12
66
C12

66
C12
66

4


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

2

 P  X  0   P  H i  . P( X  0 | H i )
i 0

=

1 10 16 6 28 3
190
= 0,06397
=
.  .  .
45 66 45 66 45 66
2970

Tương tự:
P(X=1|H0) =

C51.C71
C81.C41
C91.C31
35
32
27
=
=
;
P(X=1|H
)
=
;
P(X=1|H
)
=
=
1
2
2
2
2
C12
66
C12
66
C12
66
2

 P  A  1  P  H i  . P ( X  1 | H i ) =
i 0

1 35 16 32 28 27 1303
= 0,43872
=
.  .  .
45 66 45 66 45 66
2970

 P(A=2) = 1 – P(A=0) – P(A=1) = 1 – 0,06397 – 0,43872 = 0,49731
Ta có bảng sau:

b)

X

0

1

2

P

0,06397

0,43872

0,49731

Hàm phân phối xác suất của X là:

0  x  0
0, 06397 0  x  1

.
F  x  
0,50269 1  x  2
1 x  2
Bài 2.6 Hai cầu thủ bóng rổ lần lượt ném bóng vào rổ cho đến khi có người ném trúng với xác suất
ném trúng của từng người lần lượt là 0,3 và 0,4. Người thứ nhất ném trước.
a) Tìm qui luật phân phối xác suất của số lần ném rổ cho mỗi người
b)Tìm qui luật phân phối xác suất của tổng số lần ném rổ của cả 2 người.
Giải: a) Gọi số X1 là số lần ném rổ của người thứ nhất: X1 = 1, 2, 3,…, n,…
Khi X 1  n
TH1 người 1 ném cuối thì cả người 1 và người 2 sẽ ném trượt n  1 lần đầu nên
P ( X 1  n )TH 1  0, 7 n 10, 6 n 1.0,3

TH2 người 2 ném cuối thì cả người 1 ném trượt n lần và người 2 sẽ ném trượt n  1 lần đầu nên
P ( X 1  n)TH 2  0,7 n0, 6 n 1.0, 4

Vậy P ( X 1  n)  P ( X 1  n)TH 1  P ( X 1  n )TH 2  0, 58.0, 42 n 1
Vậy qui luật phân phối xác suất của X1 là:

5


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

X1

1

2

…

n

...

P

0,58

0,58.0, 42

…

0, 58.0, 42n1

...

Gọi X2 là số lần ném của người thứ 2: X2 =0, 1, 2, 3,…, n,…

Dễ thấy P ( X 2  0)TH 1  0,3
Khi X 2  n  1
TH1 người 1 ném cuối thì cả người 1 và người 2 sẽ ném trượt n lần đầu nên
P ( X 2  n )TH 1  0, 7 n 0, 6n.0, 3

TH2 người 2 ném cuối thì cả người 1 ném trượt n lần và người 2 sẽ ném trượt n  1 lần đầu nên
P ( X 2  n)TH 2  0, 7 n 0, 6 n 1.0, 4

Vậy P ( X 2  n)  P ( X 2  n )TH 1  P ( X 2  n)TH 2  0,58.0, 6n 1.0, 7 n
Vậy qui luật phân phối xác suất của X2 là:
X2

0

1

2

…

n

...

P

0,3

0,58.0, 7

0,58.0, 6.0, 7 2

…

0,58.0, 6 n 1.0, 7 n

...

b) Gọi X là tổng số lần ném rổ của 2 người
X nhận các giá trị là 1,2,3,...
Dễ thấy P ( X  1)  0,3 .
Xét X  2n  2 có nghĩa người 2 ném cuối.

P( X  2n)  0, 7 n0, 6 n1.0, 4  0, 28.0, 42 n1
Xét X  2n  1  3 có nghĩa người 1 ném cuối.

P( X  2n  1)  0, 7 n 0, 6n.0,3  0,3.0, 42 n
Vậy qui luật phân phối xác suất của X là:
X

1

3

…

2n+1

...

P

0,3

0,3.0, 42

…

0,3.0, 42n

...

X

2

4

…

2n

...

P

0,28

0, 28.0, 42

…

0, 28.0, 42n1

...

6


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Bài 2.7 Bảng phân phối xác suất của biến ngẫu nhiên X như sau:

a)

Tính E(X); V(X) và  X

b)

Tìm giá trị mốt m0.

X

-5

2

3

4

P

0,4

0,3

0,1

0,2

Giải:
4

a)

E(X)=

X P = -5.0,4+2.0,3+3.0,1+4.0,2 = -0,3.
i i

i 1

b)

V(X) = E(X2) – E2(X)= (-5)2.0,4+2 2.0,3+32.0,1+42.0,2-(-0,3)2=15,21.

 X  V ( X ) = 3,9.
Vì X là biến ngẫu nhiên rời rạc nên m0 là giá trị của biến ngẫu nhiên tương ứng với xác suất lớn

c)

nhất nên m0=-5.
Bài 2.8 Tại một cửa hàng bán xe máy Honda, người ta thống kê được số xe máy X bán ra hàng tuần với
bảng phân bố xác suất như sau:
X

0

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

P

0,05

0,12

0,17

0,08

0,12

0,20

0,07

0,02

0,07

0,02

0,03

0,05

a) Tìm số xe máy trung bình bán ra mỗi tuần.
b) Tìm phương sai và độ lệch chuẩn của số xe máy bán được mỗi tuần và giải thích ý nghĩa của kết quả
nhận được.
Giải: a) Số xe trung bình mỗi tuần bán được là kỳ vọng toán:
11

E ( X )  xi pi  4,33
i 0

b) Phương sai:
V(X) = E(X2) – E(X)2 = 27.09 – (4.33)2 = 8,3411
Độ lệch chuẩn:  X  V ( X )  2,8881
Ý nghĩa: Trung bình cửa hàng bán được 4,33 xe máy mỗi tuần.

 X  2,8881 đánh giá mức độ phân tán của biến ngẫu nhiên.

7


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Bài 2.9 Cho X1, X2, X3 là các biến ngẫu nhiên độc lập và có bảng phân phối xác xuất của chúng như sau:
X1
P
Lập X 

0

1

X2

1

2

X3

0

2

0.6

0.4

P

0.4

0.6

P

0.8

0.2

X1  X 2  X 3
Tính E ( X ) và V ( X )
3

Giải:
*)Tính E ( X ) Ta có: E(X1) = 0.0,6 + 1. 0,4 = 0,4
E(X2) = 0.0,8 + 2.0,2 = 1,6
E(X3) = 0.0,8 + 2.0,2 = 0.4

 E( X ) 

E  X1   E  X 2   E( X 3 )
3



0, 4  1, 6  0, 4
 0,8
3

*)Tính V ( X )
Ta có: V  X 1   E ( X 12 )  ( EX 1 ) 2  12.0, 4 –  0, 4   0, 24
2

V  X 2   E ( X 2 2 )  ( EX 2 )2  0, 4 .12  0, 6.22  1, 62  0, 24
V  X 3   E ( X 32 )  ( EX 3 ) 2  22.0, 2  0, 42  0, 64
 V (X ) 

V ( X1 )  V  X 2   V ( X 3 )
9



0, 24  0, 24  0, 64
 0,12
9

Bài 2.10 Thống kê số khách trên 1 ô tô buýt tại một tuyến giao thông thu được các số liệu sau:
Số khách trên 1 chuyến

20

25

30

35

40

Tần suất tương ứng

0,2

0,3

0,15

0,1

0,25

Tìm kỳ vọng tốn và phương sai của số khách đi mỗi chuyến và giải thích ý nghĩa của kết quả thu được.
Giải: * Gọi X là số khách đi mỗi chuyến, kỳ vọng toán của số khách đi mỗi chuyến là:
E(X) = 0,2.20 + 0,3.25 + 0,15. 30 + 0,1.35 + 0,25.40 = 29,5
Ý nghĩa: Kỳ vọng bằng 29,5 cho biết trung bình có khoảng 29 khách hàng trên 1 chuyến xe.
* Phương sai của số khách đi mỗi chuyến là:
V(X) = E(X2) – E2(X) = 0,2.20 2 + 0,3.252 + 0,15.302 + 0,1.352 + 0,25.402 – (29,5)2 = 54,75
Độ lệch chuẩn của số khách đi mỗi chuyến là:


σ x  V  x   54,75  7,4
8


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Ý nghĩa: Số khách đi các chuyến có sự khác nhau và chênh lệch khá lớn so với số khách trung bình.
Bài 2.11 Cho X và Y là 2 biến ngẫu nhiên liên tục với
E(X)= V(X)= 3; E(Y)= V(Y)= 2
a)

Tính E(Z) và V(Z) biết Z= (3X – 2Y)/5

b)

Tính E(T) với T=

Z  E (Z )
V (Z )

Giải:
a) Z 

(3 X  2Y )
3 E ( X )  2 E (Y ) 3.3  2.2
 E(Z ) 

 1.
5
5
5
2

2

9.3 4.2 35 7
3
2
V ( Z )    V ( X )    V (Y ) 


  1, 4 .

25 25 25 5
5
5

b) T 

Z  E(Z ) Z  1
E (Z )  1

 E (T ) 
 0.
V (Z )
1, 4
1, 4

Bài 2.12 Thực hiện 3 lần bắn bia với xác suất trúng bia tương ứng là 0,3; 0,4; 0,6. Tìm kì vọng tốn và
phương sai số lần bắn trúng bia.
Giải: Gọi X là số lần bắn trúng bia
X là biến ngẫu nhiên rời rạc với các giá trị có thể xảy ra X = 0, 1, 2, 3.
Ta có P(X = 0) = 0,7.0,6.0,4 = 0,168
P(X = 1) = 0,3. 0,6.0,4 + 0,7.0,4.0,4 + 0,7.0,6.0,6 = 0,436
P(X = 2) = 0,3.0,4.0,4 + 0,3.0,6.0,6 + 0,7.0,4.0,6 = 0,324
P(X = 3) = 0,3.0,4.0,6 = 0,072
Vậy quy luật phân phối xác suất của X là
X

0

1

2

3

P

0,168

0,436

0,324

0,072

Kì vọng tốn E(X) = 0.0,168 + 1.0,436 + 2.0,324 + 3.0,072 = 1,3
E(X2) = 0 2.0,168 + 12.0,436 + 22.0,324 + 32.0,072 = 2,38
Phương sai V(X) = E(X2) – (E(X))2 = 0,69.
Bài 2.13 Thống kê lại tất cả 52 cửa hàng bán sản phẩm của cơng ty trên tồn quốc thu được các số liệu
sau:
Số nhân viên bán hàng ở cửa hàng

2

9

3

4

5

lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Số cửa hàng tương ứng
a)

10

12

16

14

Xây dựng bảng phân phối xác suất và hàm phân bố xác suất của số nhân viên bán hàng tại mỗi cửa

hàng.
Tìm số nhân viên trung bình ở mỗi cửa hàng và phương sai tương ứng

b)
Giải:
a)

Đặt X là số nhân viên của một cửa hàng, ta có:

Bảng phân phối xác suất:
Số nhân viên

2

3

4

5

Tổng

Số cửa hàng

10

12

16

14

52

14 7

52 26

1

Xác suất

P1 

10 5

52 26

P2 

12 3

52 13

P3 

16 4

52 13

P4 

Hàm phân bố xác suất của số nhân viên bán hàng tại mỗi cửa hàng:

 0
5

 26
 11

 F  x   P  X  x  
 26
 19
 26

 1
b)

x  2
2  x  3
3  x  4
4  x  5
x  5

Số nhân viên trung bình ở mỗi cửa hàng bằng kì vọng:

 E  X   2.

5
3
4
7 95
 3.  4.  5. 
 3, 65
26
13
13
26 26
4

Phương sai: V ( X )   pk [xk  E  X ]2
k 1



5
3
4
7
(2  3, 65) 2  (3  3,65) 2  (4  3, 65) 2  (5  3, 65) 2  1,15
26
13
13
26

Bài 2.14 Biến ngẫu nhiên rời rạc X nhận ba giá trị có thể có là x1 = 4 với xác suất P1 = 0,5; x2 = 0,6 với
xác suất P2 = 0,3 và x3 với xác suất P3. Tìm x3 và P3 biết E(X) = 8.
Giải: Ta có P3 = 1 – P1 – P2 = 1 – 0,5 – 0,3 = 0,2
E(X) = 8 = 0,5.4 + 0,6.0,3 + x3.0,2 hay 0,2.x3 = 5,82
Do đó X3 = 29,1.
Bài 2.15 Biến ngẫu nhiên rời rạc X nhận ba giá trị có thể có là x1= -1, x2=0, x3= 1. Tìm các xác suất
tương ứng p1 , p2 , p3 biết rằng E(X)= 0,1 và E(X2)=0,9.
10


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Giải: Ta có bảng phân phối xác suất của biến ngẫu nhiên rời rạc X là:
X

-1

0

1

P

p1

p2

p3

 p1  0, 4
 E ( X )  0,1   p1 +0. p2  p3  0,1
Theo bài ra ta có : 

 p2  0,1 (1)
2
 p3  0,5
 E ( X )  0,9  p1 +0. p2  p3  0,9

Vậy p1  0, 4; p2  0,1; p3  0,5 .
Bài 2.16 Biến ngẫu nhiên rời rạc X có qui luật phân phối xác suất như sau:
X

x1

x2

P

p1

0,7

Tìm x1 , x2 , p1 biết E(X) = 2,7 và V(X) = 0,21 ( x2  x1 ) .
Giải: Dễ thấy p2  1  p1  0,3 .

 E ( X )  0, 7  0,3x1  0, 7 x2  2, 7
 x1  2
.
Ta có 

2
2
2
V ( X )  0, 21  0, 3x1  0, 7 x1  2, 7  0, 21  x2  3
Bài 2.17 Có 5 sản phẩm trong đó có 4 chính phẩm và một phế phẩm. Người ta lấy ra lần lượt 2 sản phẩm
(lấy khơng hồn lại).
a)

Gọi X là “số phế phẩm có thể gặp phải”. Lập bảng phân phối xác suất của X.

b)

Tính E(X) và V(X).

c)

Gọi Y là “số chính phẩm có thể gặp phải”. Lập hệ thức cho biết mối quan hệ giữa Y và X.

d)

Tính E(Y) và V(Y).

Giải:
a)

Vì có 5 chính phẩm và 1 phế phẩm nên nếu gọi X là “số phế phẩm có thể gặp phải” thì X= 0

hoặc X=1
P(X=0)=

C42
C11.C41
=
0,6
;
P(X=1)
=
= 0,4
C52
C52

Ta có bảng phân phối xác suất của X:

b)

X

0

1

P

0,6

0,4

E(X)= X1P1+X2P2=0,4.

V(X) = E(X2) – E2(X)= 0+12.0,4 – 0,42=0,24.

11


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

c)

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Y: “số chính phẩm có thể gặp phải”. Ta có X+Y=2. Vì X nhận 2 giá trị 0, 1 nên tương ứng Y cũng

nhận 2 giá trị 2, 1.
d)

Ta có bảng phân phối xác suất của biến ngẫu nhiên Y:

P[Y  1]  P[ X  1], P[Y  2]  P[ X  0]

Y

1

2

P

0,4

0,6

E(Y) = Y1P1+Y2P2= 1.0,4+2.0,6=1,6.
V(Y)= E(Y2) – E2(Y) = 0,4+22.0,6-1,6 2=0,24.
Bài 2.18 Trở lại bài 2.8. Nếu giá bình quân của mỗi chiếc xe máy bán ra tại cửa hàng đó là 12 triệu đồng
thì doanh thu bình qn hàng tuần của cửa hàng đó là bao nhiêu ?
Giải: Số xe máy bình qn cửa hàng đó bán ra là E(X) = 4,33.
Doanh thu trung bình của cửa hàng = 12.E(X) = 12.4,33 = 51,96 (triệu đồng)
Bài 2.19 Với các số liệu của bài 2.10, giả sử chi phí cho mỗi chuyến xe là 200 ngàn đồng không phụ
thuộc vào số khách đi trên xe thì để cơng ty xe bt có thể thu được lãi bình qn cho mỗi chuyến xe là

100 ngàn đồng thì phải quy định giá vé là bao nhiêu?
Giải: * Các số liệu đã cho của bài tập 2.10 như sau:
Thống kê số khách trên 1 ô tô buýt tại một tuyến giao thông thu được các số liệu sau:
Số khách trên 1 chuyến

20

25

30

35

40

Tần suất tương ứng

0,2

0,3

0,15

0,1

0,25

* Với câu hỏi của bài tập 2.19,
Ta gọi a là giá vé quy định, theo đề bài:
a.E(X) = 200+100. Suy ra a = 300/E(X) = 300/29,5 = 10,17.

Vậy phải quy định giá vé là 10,17 nghìn đồng.
Bài 2.20 Kinh nghiệm cho thấy là số lượng một loại sản phẩm mà một khách hàng mua có bảng phân
phối xác suất như sau:

a)

Số lượng sản phẩm

0

1

2

3

Xác suất tương ứng

0,5

0,1

0,2

0,2

Nếu mỗi sản phẩm được bán với giá 110 ngàn đồng và nhân viên bán hàng được hưởng 10% trên

số sản phẩm bán được thì số tiền hoa hồng bình quân mà nhân viên bán hàng được hưởng từ mỗi khách
hàng là bao nhiêu.

b)

Tìm phương sai của số tiền hoa hồng đó và nêu ý nghĩa của kết quả thu được.
12

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Giải: a) Gọi X là biến ngẫu nhiên số sản phẩm bán được:
Kỳ vọng toán cho số sản phẩm bán được:
E(X) = 0.0,5 + 1.0,1 + 2.0,2 + 3.0,2 = 1,1
Mỗi sản phẩm bán với giá 110 ngàn đồng thì số tiền bình quân thu được từ mỗi khác hàng = 1,1. 110 =
121 ( ngàn đồng )
Nhân viên bán hàng được hưởng 10% trên số sản phẩm bán được.
Số tiền hoa hồng bình quân mà nhân viên bán hàng được hưởng từ mỗi khách hàng là:
121. 0,1 = 12,1 ( ngàn đồng )
b) Phương sai của số lượng sản phẩm bán được:
V ( X )  E ( X 2 )  E 2 ( X )  0,1.1  0, 2.4  0, 2.9  1,12  1, 49

Gọi Y là biến ngẫu nhiên số tiền hoa hồng nhận được thì Y = 10%.110X=11X (đơn vị ngàn)
Phương sai của số tiền hoa hồng:
V(Y) = V(11X) = 11 2.1,49= 180,29.
Ý nghĩa của kết quả:
Số tiền mà nhân viên nhận được hoa hồng khi bán cho 1 khách không đồng đều.

Bài 2.21 Tỉ lệ khách hàng phản ứng tích cực với một chiến dịch quảng cáo là biến ngẫu nhiên có bảng
phân phối xác suất sau:
X(%)
Px

0

10

20

30

40

50

0,1

0,2

0,35

0,2

0,1

0,05

a)

Chứng tỏ rằng các xác suất Px tạo nên 1 bảng phân phối xác suất

b)

Tìm tỉ lệ khách hàng bình qn phản ứng tích cực với quảng cáo đó

c)

Tìm xác suất để có trên 20% khách hàng phản ứng tích cực với chiến dịch quảng cáo

Giải:
a)

Ta thấy: P(X=0)+P(X=10)+P(X=20)+P(X=30)+P(X=40)+P(X=50)=0,1+0,2

+0,35+0,2+0,1+0,05=1.
Do đó các Px tạo nên 1 bảng xác suất.
b)

Tỉ lệ bình qn khách hàng phản ứng tích cực với quảng cáo đó chính là kì vọng:

E(X)=0,1.0+0,2.10+0,35.20+0,2.30+0,1.40+0,05.50=21,5.
c)

Xác suất để có trên 20% khách hàng phản ứng với chiến dịch quảng cáo là:

Pc= 0,2+0,1+0,05=0,35.
Bài 2.22 Tung cùng một lúc hai con xúc xắc. Gọi X là tổng số chấm thu được.
13

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

a)

Tìm bảng phân phối xác suất của X

b)

Tìm hàm phân bố xác suất của X

c)

Giá trị nào của X có khả năng xảy ra nhiều nhất

Giải: X là tổng số chấm thu được. Ta có X là biến ngẫu nhiên rời rạc nhận các giá trị X = 2, 3,…, 12
a)
X

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

12

P

1
36

2
36

3
36

4

36

5
36

6
36

5
36

4
36

3
36

2
36

1
36

b)
0

 1/ 36

 3 / 36


 6 / 36
 10 / 36

 15 / 36
F(x) = 
 21/ 36
 26 / 36

 30 / 36
33 / 36

 35 / 36

1


x  2
2  x  3
3  x  4
4  x  5
5  x  6
6  x  7
7  x  8
8  x  9
9  x  10
10  x  11
11  x  12
x  12

c) Từ bảng phân bố xác suất ta thấy mo = 7

Bài 2.23 Qua theo dõi trong nhiều năm kết hợp với sự đánh giá của các chuyên gia tài chính thì lãi suất
đầu tư vào một cơng ty là biến ngẫu nhiên có bảng phân phối xác suất như sau:
X(%)

9

10

11

12

13

14

15

Px

0,05

0,15

0,3

0,2

0,15

0,1

0,05

a)

Tìm xác suất để khi đầu tư vào cơng ty đó thì sẽ đạt được lãi suất ít nhất là 12%

b)

Tìm lãi suất có thể hy vọng khi đầu tư vào cơng ty đó

c)

Mức độ rủi ro khi đầu tư vào cơng ty đó có thể đánh giá bằng cách nào?

Giải:
a)

X là lãi suất đầu tư vào công ty ta có

Xác suất để khi đầu tư thu được lãi suất ít nhất 12% là:
14

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Pa  P  X  12  P  X  12   P  X  13  P  X  14   P( X  15)  0, 2  0,15  0,1  0, 05  0, 5
b)

Lãi suất có thể hy vọng khi đầu tư vào công ty là

E ( X )  0, 05  9  0,15  10  0,3  11  0, 2  12  0,15  13  0,1 14  0, 05  15  11, 75

c)

Mức độ rủi ro khi đầu tư vào cơng ty đó có thể đánh giá bằng:

V ( X )  92  0, 05  102  0,15  112  0,3  12 2  0, 2  132  0,15  14 2  0,1  152  0,05  11, 752  2, 2875

 X  V ( X )  2, 2875  1,5124 .
Bài 2.24 Một người đi từ nhà đến cơ quan phải qua 3 ngã tư, xác suất để người đó gặp đèn đỏ tại các ngã
tư tương ứng là 0,2; 0,4 và 0,5. Hỏi thời gian trung bình phải ngừng trên đường là bao nhiêu, biết rằng
mỗi khi gặp đèn đỏ người ấy phải dừng 3 phút.
Giải: Gọi X là số đèn đỏ một người có thể gặp phải thì X là biến ngẫu nhiên rời rạc với các giá trị có thể
nhận là {0;1;2;3}
Ta có: P(X=0) = 0,8.0,6.0,5 = 0,24
P(X=1) = 0,2.0,6.0,5 + 0,8.0,4.0,5 + 0,8.0,6.0,5 = 0,46
P(X=2) = 0,2.0,4.0,5 + 0,8.0,4.0,5 + 0,2.0,6.0,5 = 0,26
P(X=3) = 0,2.0,4.0,5 =0,04
Bảng phân phối xác suất của X là:
X

0

1

2

3

P

0,24

0,46

0,26

0,04

E(X) = 0.0,24 + 1.0,46 + 2.0,26 + 3.0,04 = 1,1
Gọi Y là thời gian phải dừng đèn đỏ  Y = 3X.
Vậy: E(Y) = 3E(X) = 3.1,1 = 3,3 (phút)
Bài 2.25 Có 5000 người xét nghiệm máu để tìm ký sinh trùng sốt rét. Tỷ lệ mắc bệnh ở địa phương theo
thống kê là 10%. Có thể làm xét nghiệm theo 2 phương pháp:
Phương pháp 1: Xét nghiệm từng người
Phương pháp 2: Lấy máu 10 người một trộn lẫn làm một xét nghiệm. Nếu kết quả xét nghiệm là âm tính
(vơ trùng) thì thơng qua 10 người không ai mắc bệnh. Nếu kết quả xét nghiệm là dương tính (có trùng) thì
chứng tỏ trong 10 người có ít nhất 1 người mắc bệnh. Lúc đó phải làm thêm 10 xét nghiệm lẻ để phát hiện
các con bệnh cụ thể.
Hỏi làm theo cách nào lợi hơn?
15

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Giải: Theo phương pháp 1 thì phải làm 5000 xét nghiệm
Theo phương pháp 2 thì gọi X là số xét nghiệm phải làm đối với từng loạt 10 người
X=1 (nếu kết quả xét nghiệm là âm tính) và X=11 (nếu kết quả là dương tính)
P1= P(X=1)= = 0,910 (1  0,1)10 (10 người không mắc bệnh)
P2= P(X=11)= 1  P1= 1  0,910 (có ít nhất 1 người mắc bệnh)
Từ đó E(X)  7,5 tức là trung bình phải làm 7,5 xét nghiệm
Vậy tổng số xét nghiệm phải làm là:

5000
 7,5  3750 xét nghiệm
10

Như vậy làm theo phương pháp 2 lợi hơn phương pháp 1 là 25%.
Bài 2.26 Biến ngẫu nhiên rời rạc X có bảng phân phối xác suất như sau:
X

1

4

8

P

0,3

0,1

0,6

Tìm P(|X-E(X)| < 4)?
Giải: Từ bảng phân phối xác suất ta có: E(X)= 1.0,3+4.0,1+8.0,6=5,5

X  E ( X )  4  4  X  E ( X )  4  1,5  X  9,5  X  4;8
Suy ra P( X  E ( X )  4)  P( X  4)  P( X  8)  0,1  0, 6  0, 7 .

§2 Biến ngẫu nhiên liên tục
Bài 2.27 Nhu cầu hàng năm về loại hàng A là biến ngẫu nhiên liên tục X có hàm mật độ xác suất như sau
( đơn vị: ngàn sản phẩm)

 k  30  x   x  (0, 30)
f  x  
0 x  (0,30)

a)

Tìm k.

b)

Tìm xác suất để nhu cầu về loại hàng đó khơng vượt q 12000 sản phẩm một năm.

c)

Tìm nhu cầu trung bình hàng năm về loại hàng đó.

Giải:
a) Ta có k  0 và



0





 f  x  dx =1 =  f  x  dx

+

30



0

30

 f  x  dx +  f  x  dx

30

x2  30
=
=
f
x
dx
k
(30

x
)
dx
30

k
x



 |0 =450k
0
0
2


30

=

16

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Vậy k = 1/450.
b) Xác suất để nhu cầu về loại hàng A không vượt quá 12 ngàn sản phẩm một năm là
P(X  12) =

12



f  x  dx =



12

 f  x  dx =
0

12

1
1
x 2 12
(30
)
(30
) |0  0,64 .

x
dx

x

0 450
450
2

c) Nhu cầu trung bình hàng năm về loại hàng đó cũng chính là kỳ vọng của biến ngẫu nhiên X:


E(X)=





30

xf  x  dx =  x.

0

x 2 x3  30
1
1 
  |0  10.
.  30  x  dx 
30.

450
450 
2 3

Bài 2.28 Thời gian xếp hàng chờ mua hàng của khách là biến ngẫu nhiên liên tục với hàm phân bố xác
0 x  0

suất như sau ( đơn vị phút ) F ( x)  ax3  3 x 2  2 x 0  x  1
1 x  1


a) Tìm hệ số a.
b) Tìm thời gian xếp hàng trung bình
c) Tìm xác suất để trong 3 người xếp hàng thì có khơng quá 2 người phải chờ quá 0,5 phút

0 x  (; 0)  (1; )
Giải: Ta có f ( x)   2
3ax  6 x  2 0  x  1
a) Do f(x) là hàm mật độ xác suất của 1 biến ngẫu nhiên nên:


1





1

f ( x)dx   (3ax 2  6 x  2)dx  ax3  3x 2  2 x |10  a  1  a  2 .
0



1



0

b) E ( X )   xf ( x)dx  x(3ax 2  6 x  2)dx 

3 4
ax  2 x 3  x 2 |10  0, 5 .
4

c) Xác suất để một người nào đó xếp hàng phải chờ quá 0,5 phút là:

P  X  0.5  = 1  P  X  0.5  1  F  0.5   1  (2.0, 53  3.0,52  2.0,5)  0,5 .
Xác suất để cả 3 người xếp hàng phải chờ quá 0,5 phút là 0.53 nên
Xác suất để có khơng q 2 trong 3 người nào đó xếp hàng phải chờ quá 0.5 phút:

Pc =1- 0.53 =0,875.
Bài 2.29 Cho X là biến ngẫu nhiên liên tục có hàm phân bố xác suất sau đây: F ( x) 
a) Tìm P(0b) Tìm hàm mật độ xác suất của X.

17

Downloaded by nhung nhung ()

1 1
 arctanx .
2 


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

1 1
 1 1

Giải: a) P (02 
 2 



1
1 
1
 arctan1  arctan0     0   .

4
 4
'

1
'
1 1
 1
b) f(x)  F’(x)    arctanx    arctanx  
.
 (1  x 2 )
2 
 

Bài 2.30 Biến ngẫu nhiên X có hàm phân bố xác suất như sau:

1  e x /  x  0
F  x 
x  0
0
a) Tìm hàm mật độ xác suất của X.
b) Tìm P (0  x   ) .
Giải: a) Ta có: 1  e  x /  '  e  x / .

  x.0 1  x /

 e .
2


 1  x /
x  0
 e
Hàm mật độ xác suất của X là: f ( x)  F '  x   
 0 x  0

b) Ta có: P (0  x   )  F ( ) – F  0   1  e  /  1 

1 e 1
.

e
e

Bài 2.31 Biến ngẫu nhiên X liên tục trên toàn trục số và có hàm phân bố xác suất
F ( x) 

1 1
x
 arctan .
2 
2

Tìm giá trị có thể có x1 thỏa mãn điều kiện P ( X  x1 ) 
Giải: Ta có P ( X  x1 )  P ( X  x1 )  1  P ( X  x1 ) 

1
.
4

3
4

Theo định nghĩa hàm phân bố xác suất thì:

P ( X  x1 )  F ( x1 )
Do đó F ( x1 ) 

1 1
x 3
x 
x
 arctan 1   arctan 1   1  1  x1  2 .
2 
2 4
2 4
2

Vậy x1  2 .
Bài 2.32 Gọi X là biến ngẫu nhiên liên tục trong khoảng (-  ;  ) với hàm mật độ xác suất là f ( x ) . Hãy
1

tính giá trị của



f ( x)dx biết rằng P  X  1  0,3 .



18

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Giải: Ta có P  X  1  1  P  X  1  0, 7 mà P  X  1 

1



f ( x)dx


1

Vậy



f ( x)dx =0,7.



Bài 2.33 Biến ngẫu nhiên X có hàm phân bố xác suất như sau:
0  x  2
1

F  x    x  1 2  x  4 .
2
1 x  4

Tìm xác suất để trong kết quả của phép thử X nhận giá trị:
a)

Nhỏ hơn 3

b)

Trong khoảng [2;3)

Giải:
3
 1  0,5
2

a)

Pa  P[ x  3]  F (3) 

b)

3 
Pb  P[2  X  3]  F (3)  F (2)    1  0  0,5
2 

Bài 2.34 Hàm phân bố xác suất của biến ngẫu nhiên liên tục X có dạng:

0  x  0



F ( x)   sin 2 x  0  x  .
4



1  x  4
Tìm hàm mật độ xác suất f ( x ) .



2cos 2 x  x (0, 4 )
Giải: Ta có f ( x)  F '( x)  
.
0  x (0,  )

4
0  x  2


Bài 2.35 Biến ngẫu nhiên liên tục X có hàm phân bố xác suất như sau F  x   cx  1 2  x  4 .
1  x  4

a)

Tìm hằng số c

b)

Tìm E(X)
19

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

c  x (2, 4 )
Giải: a) Ta có hàm mật độ xác suất là: f ( x )  F '( x)  
0  x (2, 4 )
Theo tính chất của hàm mật độ xác suất, ta có: c  0 và


1





4

f  x  dx  cdx  cx |42  2c  c 
2



1
.
2

4

x2 4
1
xdx 
|2  3 .
2
4
2

b) Ta có: E ( X )   xf  x  dx  


 a cos x  x ( / 2, / 2 )
Bài 2.36 Biến ngẫu nhiên X có hàm mật độ xác suất f ( x)  
0  x ( / 2, / 2 )

a) Tìm hệ số a
b) Tìm P (0  X 


)
4

c) Tìm E(X)
Giải: a) Do f ( x ) là hàm mật độ xác suất của nên a cos x  0  x (  / 2, / 2 )  a  0 , hơn nữa


1



f  x  dx 



 /2

 a cos xdx  a sin x | 


 /2
 /2

 2a  a 

 /2

b) P(0  X 

1
.
2

 /4
  /4
1
1
2
)   f  x  dx   cos xdx  sin x |0 /4 
.
4
4
2
2
0
0



c) E ( X )   xf  x  dx 


 /2

 /2

 /2

1
1
1
1
x cos xdx   xd sin x  x sin x |/ 2/2   sin xdx  0 .

2
2
2
2
  /2
  /2
  /2

Bài 2.37 Biến ngẫu nhiên liên tục X có hàm phân bố xác suất:
0  x  0
1

F  x     k cos x
2
1 x  

0  x  

a)

Tìm hệ số k .

b)

Tìm P (0  X 

c)

Tìm E ( X ) .


)
2

Giải:
a)

Vì F ( x) liên tục nên ta có:

20

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

lim F  x   lim F  x   lim

x



x 

x 



1
 kcosx  lim 1
x 
2

1
1
 kcos    1  k  .
2
2



1 1
 1 1
1
)  F ( )  F (0)   cos( )   cos 0  .
2
2
2 2

2 2 2
2

b)

P (0  X 

c)

1
 sin x  x (0, )
Ta có hàm mật độ xác suất: f ( x)  F '( x)   2
0  x (0, )






0







0



0

Vậy E ( X )   xf  x  dx   xf  x  dx  xf  x  dx   xf  x  dx  xf  x  dx










1
1
1
1
 1

 x. sinxdx    xd (cosx)   xcosx  cosxdx   sinx  .
2
20
2
20
2 2
2
0
0
0

Bài 2.38 Thu nhập của dân cư 1 vùng là biến ngẫu nhiên liên tục có hàm phân bố xác suất như sau:
  x0 
x  x0
1 
F ( x)    x 
0 x  x
0


(  0 )

Hãy xác định mức thu nhập sao cho lấy ngẫu nhiên một người ở vùng đó thì thu nhập người này vượt q
mức trên với xác suất 0,5.
Giải: Gọi a là mức thu nhập sao cho nếu lấy ngẫu nhiên 1 người trong vùng đó thì thu nhập của người
này vượt quá a, với xác suất 0,5.
P ( X  a )  0,5  P ( X  a )  1  P ( X  a )  0,5  F ( a )


x
x 
F ( a )  0,5  1   0   0,5  0  0,51/  a  21/ x0  x0 .
a
 a

Vậy a  21/ x0 .
Bài 2.39 Biến ngẫu nhiên liên tục X có hàm mật độ xác suất như sau:
2
2
 cos x  x  (  / 2, / 2 )
f ( x)   

0  x (  / 2, / 2 )

.

Tìm xác suất để trong 3 phép thử độc lập có 2 lần X nhận giá trị trong khoảng (0,  / 4) .
Giải: Xác suất để trong 1 phép thử bất kì, X nhận giá trị trong khoảng (0,  / 4) là:

P(0  x 


)
4

 /4


0

2
2
cos 2 xdx 



 /4


0

1  cos 2 x

2x 1
 /4 1 1
 
.
dx    sin 2 x 
 2 4
2
4 2
 0
21

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

Theo công thức Bernoulli, xác suất để trong 3 phép thử độc lập có 2 lần X nhận giá trị trong khoảng
2

1 1   1 1
(0;  / 4) là: C32  
 1  
 4 2   4 2


  0, 296 .



 x 2 / 9  x  (0, 3)
Bài 2.40 Cho hàm số: f ( x)  
0  x ( 0,3)

.

a) Hàm số trên có phải là hàm mật độ xác suất không ?
b) Nếu có thì tìm xác suất để trong 3 phép thử độc lập có ít nhất một lần X nhận giá trị trong khoảng
(1;2).
Giải: a) Ta có: f  x   0 x và







3

f  x  dx  
0

x2
x3 3
 1 nên f ( x) là hàm mật độ xác suất.
dx 
9
27 0

b) Xác suất để trong một phép thử nào đó X nhận giá trị trong khoảng (1; 2) là:
2

2

1

1

P(1  X  2)   f  x  dx  

x2
x3 2 7
dx 

9
27 1 27

nên xác suất để X không nhận giá trị trong khoảng (1;2) là 1 

7
.
27
3

7 

Xác suất để trong 3 phép thử độc lập thì cả 3 lần X khơng nhận giá trị trong khoảng (1;2) là 1   .
 27 

Xác suất để trong 3 phép thử độc lập có ít nhất 1 lần X nhận giá trị trong khoảng (1;2) là:
3

7 

1   1    0, 594 .
 27 

Bài 2.41 Cho hàm phân bố xác suất của biến ngẫu nhiên liên tục
F  x   c  b.arctg

x
với (   x   ) .
a

a)

Tìm các hệ số c và b

b)

Tìm hàm mật độ xác suất f(x)

Giải:
a)

Do F ( x) là hàm phân bố của 1 biến ngẫu nhiên nên ta có tính chất




0  F     c  b. 2
 c  1/ 2
.
F ( )  0; F ( )  1  

b  1/ 
1  F     c  b. 

2

22

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

1 1
1
1
a
x
1
.


f ( x)  F '( x)  (  arctg ) ' 
2
2 
a
 1  ( x )2 a  ( x  a 2 )
a

b)

Bài 2.42 Tỷ lệ mắc một loại bệnh trong một vùng dân cư là biến ngẫu nhiên liên tục có hàm mật độ
1/ 20  x  (5, 25)
f ( x)  
0  x (5, 25)

.

a) Tính P (| X-10 | >2.5)
b) Tính tỷ lệ mắc bệnh trung bình và phương sai
Giải: a) Vì X là biến ngẫu nhiên liên tục nên ta có
P



X  10  2.5   1  P( X  10  2.5)  1 – P(10  2,5  X  10  2,5)
12,5

 1 – P(7, 5  X  12,5)  1 



12,5

f ( x)dx  1 

7,5


b) E  X    xf ( x )dx 


V



X 

5

25





5

25



  x f ( x)dx  (  xf ( x)dx ) 
2



7,5

 xf ( x)dx   xf ( x )dx   xf ( x)dx 

2



25


5



1
dx  0, 75 .
20

25

x
x 2 25
dx


 15 .
5 20
40 5

1 2
x 3 25
x dx  152 
 152  33, 3 .
20
60 5

 k  x  (a , b )
.
Bài 2.43 Biến ngẫu nhiên liên tục X có hàm mật độ xác suất: f ( x)  
 0  x  ( a, b)
a)

Tìm hệ số k

b)

Tìm E(X) và V(X)

c)

Vẽ đồ thị hàm f(x) và F(x)

Giải:
Vì f ( x ) là hàm mật độ nên k  0 và

a)


1



a



f ( x) dx 






b)

E ( x) 









V (X ) 



a

b

f ( x) dx   f ( x) dx 
b

xf ( x) dx   kxdx  k



Ta có E ( X 2 ) 

b

a

b



b

a

a

f ( x )dx   f ( x )dx   kdx  k (b  a)  k 

x2 b
1 b2  a2 a  b
.


2 a ba
2
2

x 2 f ( x)dx   kx 2 dx  k
a

b

x3 b
1 b 3  a 3 a 2  b 2  ab

.

3 a ba
3
3

a 2  b 2  ab (b  a )2 a 2  b 2  2ab (b  a ) 2




3
4
12
12
23

Downloaded by nhung nhung ()

1
.
ba


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội
x

c)

Xét x  ( a, b ) ta có F ( x) 





x

f ( x) dx   kdx 
a

xa
ba

0 x  a
x a

Vậy F ( x)  
a  x  b
b  a
1 x  b

Ta có đồ thị

y

k
y=f(x)

a

0

b

x

y

y=F(x)
1

x
0

a

b

24

Downloaded by nhung nhung ()


lOMoARcPSD|11424851

TS. Nguyễn Văn Minh

ĐH Ngoại Thương Hà nội

c sin 2 x  x (0, / 2 )
.
Bài 2.44 Biến ngẫu nhiên liên tục X có hàm mật độ xác suất: f ( x)  
0  x (0, / 2 )
Tìm hệ số c.
Giải: Do f ( x ) là hàm mật độ xác suất của 1 biến ngẫu nhiên nên:



f ( x)  0, x  c sin 2 x  0, x  (0; )  c  0 và
2




1



f ( x)dx 



2

c

 c sin 2 xdx   2 cos 2 x


0

2

 c  c  1.

0

Bài 2.45 Biến ngẫu nhiên liên tục X có hàm mật độ xác suất: f  x  

k
e  ex
x

(  x  )

Tìm k .
Giải: Ta có k  0 và 1 







Ta đi tính I 





1
ex
dx

k
 e2 x  1 dx
e x  e x




f  x  dx  k . 



ex
 e2 x  1 dx


Đặt e x  t  e x dx  dt và đổi cận



I
0

x





t



0

A

A
1
1


dt
lim
dt  lim arctan  lim (arctan A  arctan 0)   0  .

2
2

A t  1
A
0 A
t 1
2
2
0

Do đó k .


2
1 k  .
2


§3 Bài tập tổng hợp chương II
Bài 2.46 Theo thống kê dân số thì một người ở độ tuổi 40 sẽ sống thêm 1 năm nữa là 0,995. Một công ty

bán bảo hiểm cho người ở độ tuổi đó với số tiền là 10 ngàn đồng và trong trường hợp người đó chết thì sẽ
bồi thường 1 triệu đồng. Hỏi lợi nhuận trung bình của cơng ty khi bán một thẻ bảo hiểm.
Giải: Gọi X là lợi nhuận khi bán được một thẻ bảo hiểm (nếu lỗ thì X nhận giá trị âm)
Ta có bảng phân phối xác suất:
X

10000

990000

P

0,995

0,005

25

Downloaded by nhung nhung ()