Thi hoc HK II Môn Tóan Có Đáp án

Kiểm tra học kỳ II .
Môn: Toán 11 Nâng cao- 2009-2010
Thời gian : 90 phút
*****
Câu I : (2 điểm) Tính các giới hạn sau :
1. (1đ)
2
1
lim
1 3
x
x
A
x x
→+∞
+
=
+ −
2. (1đ)
2
0
1 cos .cos3
lim
x
x x
B
x
→
−
=
Câu II : (2 điểm)

1. (1đ) Cho hàm số :
2
4 2
1 1
khi 0
( )
1 khi 0
x
x
f x
x x
m x

+ −

≠
=

+

− =

(m là tham số)
Tìm m để hàm số f liên tục tại
0x =
.
2. (1đ) Cho phương trình :
( )
4 2010 5
1 32 0m m x x

+ + + − =
(m là tham số)
Chứng minh phương trình trên luôn có ít nhất một nghiệm dương với mọi giá trị của
tham số m.
Câu III : (3 điểm)Tìm và xét dấu đạo hàm
a. (1đ)
2
2 3
( )
1
x x
f x
x
− −
=
−
. . (1đ) b.
( ) 4 6f x x x= + − −
.
2. (1đ) Cho hàm số
2
2 1
x
y
x
=
+
. Viết phương trình tiếp tuyến của đồ thị hàm số đã cho,
biết tiếp tuyến song song với đường thẳng
4

9
y x=
.
Câu IV : (3 điểm) Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông tâm O cạnh a
và góc. Cạnh bên SA vuông góc với mặt phẳng (ABCD) và SA =
2
a.
1. (1đ) Tính góc giữa đường thẳng SC và mặt phẳng (ABCD).
2. (1đ) Chứng minh rằng hai mặt phẳng (SAB) và (SBC) vuông góc với nhau.
3. (1đ) Gọi (P) là mặt phẳng đi qua điểm A và vuông góc với đường thẳng SC. Xác
định thiết diện của hình chóp S.ABCD khi cắt bởi mặt phẳng (P). Tính diện tích của
thiết diện này theo a.
HẾT
ĐÁP ÁN VÀ THANG ĐIỂM
Câu Nội dung Điểm
I (2đ)
1
2 2
1 1
lim lim
1 1
1 3 1 3
x x
x x
A
x x x x
x x
→+∞ →+∞
+ +
= =

   
+ − + −
 ÷  ÷
   
2
1
1
1
lim
2
1
1 3
x
x
x
→+∞
+
= = −
 
+ −
 ÷
 
0,25
0,25
0,25
0,25
2
Vì
( )
2

2 2
0 0
1
1 cos3 cos
2 cos cos3
2
lim lim
2
x x
x x
x x
L
x x
→ →
− +
− −
= =
0,25
0,25
2
0
1 cos
lim
x
x
x
→
−
=
2

2
0
sin
2
lim
2
2
x
x
x
→
 
 ÷
 
=
1
2
và
2
2 2
0 0
3
sin
1 cos3 9
2
lim lim
4
2
4 3
9 2

x x
x
x
x
x
→ →
−
= =
 
 ÷
 
2 2
0 0
1 cos 1 cos3
lim lim
2 2
x x
x x
x x
→ →
− −
= +
0,25
nên
2
1 9 5
4 4 2
L = + =

0,25

II (2đ)
1
( )
(
)
( )
(
)
2 2
4 2
2 2 2 2
0 0 0 0
1 1 1 1
lim ( ) lim lim lim
2
1 1 1 1 1 1
x x x x
x x
f x
x x
x x x x x
→ → → →
+ −
= = = =
+
+ + + + + +
0,50
Hàm số f liên tục tại x = 0
0
lim ( ) (0)

x
f x f
→
⇔ =
0,25

1 3
1
2 2
m m⇔ = − ⇔ =
0,25
2
Hàm số
( )
4 2010 5
( ) 1 32f x m m x x= + + + −
là hàm đa thức nên liên tục trên
¡
, do đó nó
liên tục trên đoạn
[ ]
0 ; 2
.
0,25
(0) 32 0f = − <
;
( )
2 2
4 2010 2010 2
1 1 1

(2) 1 2 2 0,
2 2 2
f m m m m m
 
   
= + + = − + + + > ∀ ∈
 
 ÷  ÷
   
 
 
¡
0,50
Suy ra
(0) (2) 0,f f m< ∀ ∈¡
nên phương trình f(x) = 0 có một nghiệm thuộc khoảng (0 ;
2) nên nó luôn có ít nhất một nghiệm dương với mọi giá trị của tham số m.
0,25
III (3đ)
1
2
2 3
( )
1
x x
f x
x
− −
=
−

⇒
2
2
2 5
'( )
( 1)
x x
f x
x
− +
=
−
0,75
'( ) 0, 1f x x> ∀ ≠
0,25
2
( ) 4 6f x x x= + − −
⇒
1 1
'( )
2 4 2 6
f x
x x
−
= −
+ −
0,75
'( ) 0, ( 4,6)f x x> ∀ ∈ −
0,25
3

Gọi
( )
0 0
;M x y
là tiếp điểm của tiếp tuyến với đồ thị hàm số đã cho.
Phương trình tiếp tuyến tại M có dạng
0 0 0
( ): '( )( )d y y f x x x− = −
với
( )
( )
2
0
2
2 2
'
2 1
o o
o
x x
f x
x
+
=
+
Do
2 2
2 2
2 .(2 1) 2. 2 2
'

(2 1) (2 1)
x x x x x
y
x x
+ − +
= =
+ +
0,25
Tiếp tuyến song song với đường thẳng
3y x=
khi và chỉ khi :
( )
0
4
'
9
f x =
( )
2
2
2 2 4
9
2 1
o o
o
x x
x
+
=
+

⇔
( )
2
2 2
0
9.(2 2 ) 4 2 1 2 2 4 0
o o o o
x x x x x
+ = + ⇔ + − =
⇔x
o
=1, x
o
=−2
0,25
với
0
1x =
thì
0
1
3
y =
nên ta có phương trình tiếp tuyến là
1
4 1
( ):
9 9
d y x= −
0,25

với
0
2x = −
thì
0
4
3
y = −
nên ta có phương trình tiếp tuyến là
2
4 4
( ) :
9 9
d y x= −
0,25
IV (3đ)

1
Vì
SA (ABCD)⊥
nên AC là hình chiếu của SC lên mp(ABCD), do đó góc giữa đường thẳng
SC và mp(ABCD) bằng góc giữa đường thẳng SC và AC và bằng góc
·
SCA
.
0,25
ABCD là hình vuông ⇒ tan
·
SCA
=1 ⇒

·
SCA
= 45
o
0,5
Vậy góc giữa đường thẳng SC và mp(ABCD) bằng góc
·
SCA
và bằng 45
o
0,25
2
ABCD là hình vuông nên suy ra BC⊥AB (1)
0,25
SA⊥(ABCD)⇒SA⊥BC(2) Từ (1), (2) suy ra BC ⊥(SAB)
0,5
Mà BC⊂(SBC) nên suy ra (SBC) ⊥(SAB)
0,25
3
Gọi K là hình chiếu của A lên SC, suy ra
AH SC⊥
(3)
Gọi I là giao điểm của SO và AH. Qua I, vẽ MN // BD.
Vì
BD (SAC)⊥
nên
MN (SAC)⊥
, do đó
MN SC⊥
(4)

Từ (3), (4) suy ra (AMHN)
⊥
SC nên mặt phẳng (P) chính là mặt phẳng (AMHN).
0,25
Suy ra thiết diện là tứ giác AMHN.
MN (SAC)
MN AH
AH (SAC)
⊥

⇒ ⊥

⊂

. Vậy tứ giác AMHN có hai đường chéo vuông góc.
0,25
AH là đường cao của tam giác vuông cân SAC nên AH = a
MN // BD
⇒
MN SI 2
BD SO 3
= =
(vì I là trọng tâm của
∆
SAC), suy ra
2
MN BD
3
=
Mà BD =

2a
nên MN =
2 2
3
a
0,25
AMHN
1
S AH.MN
2
=
2
1 2 2 2
. .
2 3 3
a a
a
= =
(đvdt)
0,25
HẾT