ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC MÔN TOÁN KHÔI A NĂM 2011 TRƯỜNG THPT CHUYÊN VĨNH PHÚC potx

TỔ TOÁN – TIN TRƯỜNG THPT CHUYÊN VĨNH PHÚC
SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO VĨNH PHÚC
TRƯỜNG THPT CHUYÊN
ĐỀ THÌ THỬ ĐẠI HỌC NĂM 2011
MÔN: TOÁN; KHỐI A
Thời gian làm bài 180 phút
(Tuần 2, tháng 3 – 2011, trên www99.cvp.vn)

Đáp án đề thi sẽ đăng ở tuần 3, tháng 3

PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm)
Câu I (2 điểm).
Cho hàm số
1
2
x
y
x
 



1. Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị


C
của hàm số đã cho.
2. Tìm trên đồ thị


C

hai điểm A và B sao cho
8
AB  ; tiếp tuyến của đồ thị


C

tại A và B song song với nhau.

Câu II (2,0 điểm)
1. Giải phương trình
3 sin 2 cos 2 3 3 sin 3cos 4 0
x x x x
    
.
2. Giải hệ phương trình
 
4 2 2 2
3 2
4 0
,
8 0
x y y x
x y
x x y x y

  




   




Câu III (1 điểm)
Tính tích phân


2
1 2
4 3
1 5
2
1
2 2 1
x dx
I
x x x




  


Câu IV (1 điểm)
Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thoi cạnh a. Các mặt phẳng (SAC) và
(SBD) cùng vuông góc với mặt phẳng đáy (ABCD). Tính thể tích hình chóp S.ABCD;
biết rằng khoảng cách giữa hai đường thẳng SB và AC bằng

7
a
, mặt phẳng (SBC) tạo
với mặt phẳng đáy một góc
0
30
.

Câu V (1 điểm)
Cho các số dương
, ,
x y z
thỏa mãn điều kiện
3
xyz xy z
  
. Chứng minh rằng
     
2 2 2
1 1 1 3
4
1 1 1x y z
  
  

PHẦN RIÊNG (3 điểm): Thí sinh chỉ được làm một trong hai phần (phần A hoặc
B)
A. Theo chương trình Chuẩn

Câu VIa (2 điểm)

TỔ TOÁN – TIN TRƯỜNG THPT CHUYÊN VĨNH PHÚC
1. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy; cho tam giác ABC có đỉnh


2;6
A , chân
đường phân giác trong kẻ từ đỉnh A là điểm
3
2;
2
D
 

 
 
và tâm đường tròn ngoại
tiếp tam giác ABC là điểm
1
;1
2
I
 

 
 
. Tìm tọa độ các đỉnh B, C của tam giác đã
cho.
2. Trong không gian với hệ trục tọa độ Oxyz, cho các mặt cầu
           
2 2 2 2

2 2
: 1 1 4; ' : 1 2 1
S x y z S x y z
         
. Hãy viết phương trình
mặt phẳng (P) đi qua điểm


2;0;1
M  , cắt (S) theo một đường tròn có bán kính
bằng
3
và tiếp xúc với mặt cầu (S’).

Câu VII.a (1 điểm)
Tìm tất cả các số phức
z
sao cho
2 2
z   và
1
z z
 
đạt giá trị nhỏ nhất.

B. Theo chương trình nâng cao

Câu VI.b (2 điểm)

1. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có các điểm

   
18 6
; ; 3;0 ; 2;2
5 5
D E F
 
 
 
lần lượt là chân đường cao hạ từ các đỉnh A, B, C của
tam giác ABC. Viết phương trình các cạnh của tam giác ABC.
2. Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxyz và điểm


1;1;1
I . Viết phương trình mặt
phẳng (P) cắt các trục tọa độ Ox, Oy, Oz lần lượt tại các điểm A, B, C sao cho
tam giác ABC nhận điểm I làm tâm đường tròn ngoại tiếp.
Câu VII.b (1 điểm)
Cho các số phức
, ,
x y z
thỏa mãn
1
x y z
  
. Hãy so sánh hai số
x y z
 
và
xy yz zx

  .

HƯỚNG DẪN GIẢI
Câu I.2. Giả sử hai điểm cần tìm là
1 1
; , ;
2 2
a b
A a B b
a b
   
   
   
 
   
theo giả thiết ta có hệ
   
 
 
 
2
2
2
' '
4
1 1
1
8
1 8
2 2

2 4
a b
f a f b
a b
a b
a b
a b
a b
ab a b
 





  


 

 
   
 
 
   
 
 
  
 
 

 



 
  
 


TỔ TOÁN – TIN TRƯỜNG THPT CHUYÊN VĨNH PHÚC
 
4
4
1
16 4 1 8 1
4
a b
a b
ab ab
ab
  

  


 
 
 
   


 


 

. Từ tìm được A, B.
Câu II.1 Phương trình đưa về dạng
sin 2 3sin 2 0
6 6
x x
 
   
    
   
   
. Đặt
6
t x

 
phương trình đưa về dạng
2
sin 2 3sin 2 0 cos 2 3sin 2 0 2sin 3sin 1 0
2
sin 1
1
sin
2
t t t t t t
t

t

 
            
 
 
 




 


Từ đó tìm được nghiệm của pt.
Câu II.2
+) Nếu
0 0
y x
  
thỏa mãn hệ
+) Nếu
0
y

thì hệ viết dưới dạng
 
2
2
2

2 2
4
. 8
x
x
y
x x
x x
y y

 
 

 

 


  


, đặt
2
a x
x
b
y








ta được hệ mới
2 2
4
8
a b
ab a b

 

  

. Giải hệ này ta được
,
a b

Câu III
 
2
1 2 1 2
2
4 3
2
1 5 1 5
2
2 2
1

1
1
2 1
2 2 1
2
dx
x dx
x
I
x x x
x x
x
x
 
 
 

 

 
 
  
  
 
. Đến đây ta đặt
2
1 1
1
t x dt dx
x

x
 
    
 
 

Ta được
2
2
1
2 2
dt
I
t t

 

, tiếp tục đặt
1 tan
t u
 
ta tính được
4
I



Câu IV.
Từ giả thiết ta có



SO ABCD
 , trong đó O là tâm của đáy. Gọi H, K lần lượt là hình
chiếu của O lến BC, SB. Ta có

 
0
30 , ,
7
a
SHO d AC SB OK   . Áp dụng hệ thức lượng
trong các tam giác vuông , ,
SOH SOB OBC
ta có
0
2 2 2
2 2 2
2 2 2
.tan 30
1 1 1
1 1 1
SO OH
OS OB OK
OC OB OH
OB OC a




 




 


 

giải hệ này ta được OS, OB, OC từ đó suy ra thể tích.
TỔ TOÁN – TIN TRƯỜNG THPT CHUYÊN VĨNH PHÚC
Câu V. Trước hết ta chứng minh Nhận Xét sau: Nếu
, 0
x y

thì
   
2 2
1 1 1
1
1 1
xy
x y
 

 

Bằng biến đổi tương đương bất đẳng thức này đưa về dạng:
   
2 2
1 0

xy x y xy
   
.
Sử dụng bđt trên thì
       
2 2 2 2
1 1 1 1 1 1 1 1
4 1 1 4
1 1 1 1 1
VT
xy z
x y z
       
 
   

  
1 1 3
2
1 1 4 4
xy z
  
 
. Dấu bằng xảy ra khi
1
x y z
  
.
Câu VIa.1
Gọi E là giao điểm của AD với đường tròn (O) thì E là điểm chính giữa của cung BC

nên IE vuông góc với đường thẳng BC. Do A, D biết tọa độ nên ta lập phương trình
đường thẳng AD và lập phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC (có tâm I và
bán kính bằng IA). Từ đó tìm được tọa độ điểm E. Đường thẳng BC đi qua D và nhận
IE

làm vtpt. Sau đó lấy giao của BC với đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC ta được
tọa độ B và C.
Câu VIa.2
Gọi vtpt của mặt phẳng (P) là


, , 0
n a b c
 
 
. Khi đó pt






: 2 1 0
P a x by c z
    
. Do
(P) cắt (S) theo một đường tròn bán kính
3
nên



;( ) 1
d I P

, I là tâm của (S). Khi đó ta
có hệ
 
 
2 2 2
2 2 2
;( ) 1 3
';( ) 1
2
d I P
a b c a b c
d I P
a b c a b c


     
 

 


    



. Từ đây tìm được liên hệ giữa a, b,c suy ra pt

(P).
Câu VIIa
Giả sử
   
2
2
: 2 2
z x iy z C x y
      
. Gọi








0;0 ; 1;0 ; 2;0 ; ;
A B I M x y
 . Khi đó ta
có 1
z z MA MB
    . Gọi


2 2;0
C 
thì C là giao điểm của tia IA với đường tròn
(C). Ta chứng minh được

MA MB CA CB
  
. Vậy
MA MB

đạt giá trị nhỏ nhất khi
M C

hay
2 2
z  
.

Phần B. Dành cho chương trình nâng cao
Câu VIb.1
TH1. Nếu tam giác ABC nhọn thì trực tâm H của tam giác ABC sẽ là tâm đường tròn
nội tiếp tam giác DEF. Do tam giác DEF biết tọa độ ba đỉnh nên ta tìm được ngay tọa độ
tâm đường tròn nội tiếp của nó. Từ đó ta lập được phương trình các cạnh.
TH2. Nếu tam giác ABC tù thì trực tâm H của tam giác ABC sẽ trở thành tâm đường
tròn bàng tiếp của tam giác DEF. Do tam giác DEF biết tọa độ ba đỉnh nên ta tìm được
ngay tọa độ tâm đường tròn bàng tiếp của nó. Từ đó ta lập được phương trình các cạnh.
Câu VIb.2
TỔ TOÁN – TIN TRƯỜNG THPT CHUYÊN VĨNH PHÚC
Giả sử







;0;0 , 0; ;0 , 0;0;
A a B b C c
. Khi đó phương trình của mp(P) là:
1
y
x z
a b c
  
. Từ giả thiết ta có hệ sau:
     
2 2 2
1 1 1
1 1 1
1
1
1 1 1
a b c
a b c
IA IB IC
a b c


  
  
 

 
 
 
    



giải hệ này ta được a, b,c.
Câu VIIb
Chú ý
. . . 1
x x y y z z
  
. Khi đó ta có:
.
. . 1 1 1
y yx x z z
x y z
x y z x y z
       

xy yz zx
xy yz zx xy yz zx
xyz
 
       .