ĐÁP ÁN VÀ BIỂU ĐIỂM CHẤM ĐỀ THI THỬ TOÁN KHỐI D LẦN 1- NĂM 2013-2014
(Gồm 05 trang)
Câu
Nội dung Điể
m
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm sô:
3 2
y x 3x 1
(1,0 điểm)
+) TXĐ:
D R
+) Giới hạn:
3 2
lim ( 3 1)
x
x x
,
3 2
lim ( 3 1)
x
x x
+) Sự biến thiên:
2
' 3 6
y x x
,
2
0
' 0 3 6 0
2
x
y x x
x
0,25
Hàm số đb trên các khoảng
;0 & 2;
Hàm số nghịch biến trên khoảng
0;2
Hàm số đạt cực đại tại x = 0, y
CĐ
= 1 , hàm số đạt cực tiểu tại x = 2, y
CT
= -3
0,25
Bảng biến thiên
x
0 2
y
+ 0
0 +
y
1
- 3
0,25
Đồ thị: đồ thị hàm số cắt trục tung tại điểm (0;1) Điểm uốn
I(1; 1)
là tâm đối
xứng.
0,25
2) Viết phương trình tiếp tuyến (1,0 điểm)
Ta có : y’ = 3x
2
- 6x
Vì tiếp tuyến cần tìm song song với (d) nên hệ số góc của tiếp tuyến là: k = 9
0,25
Do đó hoành độ tiếp điểm là nghiệm của PT: 3x
2
- 6x = 9
1
3
x
x
0,25
Với x = -1, ta có y(-1) = -3. Khi đó tiếp tuyến có PT là: y = 9x + 6 ( loại vì trùng
với (d))
Với x = 3, ta có y(3) = 1. Khi đó tiếp tuyến có PT là: y = 9x - 26
0,25
I
(2đ)
Vậy tiếp tuyến cần tìm là : y = 9x - 26
0,25
1) Giải PT lượng giác (1,0 điểm)
II
(2đ)
ĐK: cosx
0
0.25
www.VNMATH.com
PT
)cos.sin(sin2cossin)tan(tancos)cos(sin
2
1
222
xxxxxxxxxx
0)1sin2)(cos(sin
xxx
0.25
)(
2
6
5
2
6
4
2
1
sin
0cossin
Zk
kx
kx
kx
x
xx
0.25
Kết hợp điều kiện, các nghiệm trên đều thỏa mãn.
0.25
2) Giải hệ phương trình (1,0 điểm)
ĐK:
0
3
1
y
x
0.25
Từ pt (2) ta có
2 3 1
x y
y x
0.25
+) Với x = y thay vào (1) ta có
2 3 1 0
x x x x
0 ( )
2 3 1 0
x tmdk
x x
0
1 ( loai)
x y
x
0.25
+) Với 2y = 3x +1 thay vào ( 2) có
1
3 1 1
2
x
x x
tìm được
1 2
x y
(tmđk)
Vậy hpt có nghiệm là: (0 ;0), (1;2).
0.25
III Tính tích phân (1,0 điểm)
Ta có
1
0
1
0
22
)2(
)1ln(
)2(
dx
x
x
dx
x
x
I
.
Tính
1
0
1
0
1
0
1
0
222
1
)2(
2
2
)2(
22
)2( x
dx
x
dx
dx
x
x
dx
x
x
I
=
3
1
2
3
ln
0.25
Tính
1
0
2
2
)2(
)1ln(
dx
x
x
I
. Đặt
2
1
1
)2(
)1ln(
2
x
v
x
dx
du
x
dx
dv
xu
0.25
Khi đó:
3
4
ln2ln
3
1
)2)(1(
2ln
3
1
1
0
2
xx
dx
I
0.25
Vậy I =
3
1
2
3
ln
3
4
ln2ln
3
1
=
2ln
3
2
3
1
0.25
(1,0 điểm)
IV
+) Gọi I = MD
AC. Tính được MC= a, MD =
3
a
; AC=
6
a
www.VNMATH.com
.MC // AD nên có
2 2 3
1
1
3 3
2
1
2
1 6
2
3 3
a
ID MDMI ID
MC MI IC
AD ID IA
a
IC IA
IC AC
2 2 2 2
2
IC ID a DC IDC
vuông tại I
DM AC
(1)
0,25
+) Có
(2)
SA MD
. Từ (1), (2) có
( )
DM SAC DM SI
Chỉ ra góc giữa hai mặt phắng (SDM) và (ABCD) là góc
SIA
= 60
0
0,25
+)
0
.tan 60 2 2
SA IA a
và
2
2
( )
2
DCM
a
S dvdt
0,25
3
1 2
. ( )
3 3
SDCM DCM
a
V SA S dvtt
0,25
(1,0 điểm)
+) ĐK:
1,
yRx
.
+) Đặt z=
01 y
, ta được hệ phương trình:
23
12.
23
22
axzx
xzzx
. Ta thấy z=0
không thỏa mãn hệ. Với z>0, đặt x=tz thì hệ trở thành:
)2(2)3(
)1(1)2(
33
23
attz
ttz
0,25
+) Do z>0 nên từ (1) ta có: t<0 hoặc t>2. Từ hệ (1) và (2) ta có: a+2=
t
t
tt
2
3
2
3
, t>0
hoặc t<2.
0,25
+) Xét hàm số f(t)=
t
t
tt
2
3
2
3
, t>2 hoặc t<0. Lập BBT của hàm số. 0,25
V
+) Kết luận:
2
1
4
2
3
2
62
a
a
a
a
.
0,25
1) (1,0 điểm)
.
Đường tròn (C) có tâm I(-1; 1), bán kính R=
2 2
IB= IC = R=
2 2
Tính IA =
29
2 2
2
R
=> A nắm trong đường tròn (C).
0,25
.
1 3
. sin 2 3 sin
2 2
S IB IC BIC BIC
IAB
0
60
0
120 ( )
BIC
BIC loai
IBC
đều. Gọi H là trung điểm cạnh BC, tính được
IH 6
0,25
VI.
a
Đường thẳng d đi qua A, giả sử có VTPT
2 2
( ; ) ( 0)
n a b a b
có phương trình
3 3
a(x ) b(y 2) 0 ax by a 2b 0
2 2
0,25
www.VNMATH.com
2 2
5
( 10 2 30)
2
( ; ) 6 6
( 10 2 30)
a b
a b
d I BC IH
a b
a b
Chọn b=1
a. Từ đó có phương trình đường thẳng d: ….
0,25
2) Giải phương trình : (1,0 điểm)
+) ĐK :
3
2
1
x
+) PT
)3(log)5(log)121(log
222
xxx
0,25
x
x
x
3
5
121
x
x
3
2
12
0,25
2
1
( 3) (2 1) 4
11 17
4
x
x x
x
0,25
+) Kết hợp điều kiện, phương trình có nghiệm là: x=1,
4
1711
x
0,25
(1,0 điểm)
Số cách chọn 4 học sinh trong lớp là :
4
35
C
= 52360
0,25
Số cách chọn 4 học sinh có cả nam và nữ là :
1 3 2 2 3 1
20 15 20 15 20 15
4615
C C C C C C
0
0,5
VII
a
Xác suất cần tính là: P =
4615
5236
0,25
1) (1,0 điểm)
Đường tròn (C) :
2 2
4 3 4
x y
. Tâm I ( 4;-3); Bán kính R =2
Gọi điểm A (a; 1-a)
d. Gọi M, N lần lượt là trung điểm AB và AD, có IM =IN=
R=2
Do ABCD là Hình vuông ngoại tiếp (C) nên AI=
2 2
0,25
2 2
6 (6; 5)
2(4 ) 8 8 12 0
2 (2; 1)
a A
a a a
a A
I là tâm đường tròn cũng là tâm hình vuông nên A( 6;5) thì C( 2;-1) hoặc ngược
lại.
Cạnh hình vuông bằng 2R = 4.
0,25
Gọi D (x;y) . Ta có:
. 0
4
AD DC
AD
2 2 2
( 6)(2 ) ( 5)(1 ) 0 7 6; 1
( 6) ( 5) 16 6 5 0 2; 5
x x y y x y x y
x y y y x y
=> D( 6;-1) thì B( 2;-5)
0,25
Vậy bốn đinh hình vuông là :A(6;-5) B(2;-5) C(2;-1);D(6;-1)
0,25
2) Giải phương trình: (1,0 điểm)
VI.
b
2 2
9 1
3
3
1 1
log ( 5 6) log log (3 )
2 2
x
x x x
.
www.VNMATH.com
Điều kiện: 1 < x < 3 và x ≠ 2 (*)
2 2
9 1
3
3
2
3 3 3
2
3 3
1 1
(1) log ( 5 6) log log (3 )
2 2
1
log 5 6 log log (3 )
2
( 1)(3 )
log 5 6 log
2
x
PT x x x
x
x x x
x x
x x
0,25
( 1)(3 )
( 2)( 3) (2)
2
x x
x x
0,25
Giải PT(2) , đối chiếu với ĐK(*) ta được x =
5
3
. Kết luận nghiệm pt…
0,25
(1,0 điểm)
Ta có:
1 2 1 0 1 2 1
4095 4096
2 4096 12
n n n n
n n n n n n n n n
n
C C C C C C C C C
n
0,25
Với x>0, ta có
5(12 ) 60 11
12 12
5 12 3
2 2
12 12
3
0 0
2
( ) ( ) 2 2
k k
k k k k k
k k
P x x c x x c x
x
0,25
60 11
8 60 11 16 4
2
k
k k
.
0,25
VII
b
Hê số của
8
x
là
4 4
12
c 2 7920
0,25
Chú ý: Nếu thí sinh làm theo cách khác ra đáp số đúng vẫn cho điểm tối đa.
www.VNMATH.com