Đề thi thử tốt nghiệp THPT năm 2013 tỉnh Đồng Tháp - Môn Toán (Có đáp án)

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
ĐỒNG THÁP

ĐỀ THI CHÍNH THỨC
KỲ THI DIỄN TẬP TNTHPT NĂM 2013
Mơn thi: TỐN - Giáo dục trung học phổ thơng
Thời gian làm bài 150 phút, khơng kể thời gian giao đề



I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm)
Câu 1. (3,0 điểm). Cho hàm số y = – x
3
+ 3x + 2 (1).
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số (1).
2) Dựa vào đồ thị (C), hãy biện luận số nghiệm phương trình
0
2
1
2
3
2
1
3

m
xx
tùy
theo giá trị của tham số m.
Câu 2. (3,0 điểm).
1) Giải phương trình 3.4

x
– 2.6
x
= 9
x
.
2) Tính diện tích hình phẳng giới hạn bởi các đường: x = e, y = 0 và y = lnx.
3) Cho hàm số y = x
4
+ ax
2
+ b. Tìm a, b để hàm số có cực trị bằng
2
3
khi x = 1.
Câu 3. (1,0 điểm). Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vng cạnh a, SA
vng góc mặt đáy và mặt phẳng (SBD) tạo với mặt đáy một góc 60
0
. Tính thể tích khối
chóp S.ABCD.
II. PHẦN RIÊNG - PHẦN TỰ CHỌN (3,0 điểm)
Thí sinh chỉ được làm một trong hai phần (phần 1 hoặc phần 2)
1. Theo chương trình Chuẩn
Câu 4.a. (2,0 điểm). Trong khơng gian với hệ tọa độ Oxyz, cho hai điểm A(–1;0; –2),
M(1; 1; –3) và mp(): x + 2y + 2z + 3 = 0.
1) Viết phương trình mặt phẳng (P) đi qua A và song song mp().
2) Tìm phương trình mặt cầu (S) có bán kính R = 3 và tiếp xúc với mp() tại M.
Câu 5.a. (1,0 điểm). Giải phương trình z
2
+ z + 1 = 0 trên tập số phức.

2. Theo chương trình Nâng Cao
Câu 4.b. (2,0 điểm). Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho mặt cầu (S) có phương
trình (S): x
2
+ y
2
+ z
2
– 2x + 2y + 4z – 3 = 0 và hai đường thẳng 
1
, 
2
có phương trình (
1
):
11
1
2
z
y
x




, (
2
):
111
1





z
y
x
.
1) Chứng minh 
1
và 
2
chéo nhau, tính độ dài đoạn vng góc chung của 
1
và 
2
.
2) Viết phương trình tiếp diện của mặt cầu (S), biết tiếp diện đó song song với hai
đường thẳng
1

và
2

.
Câu 5.b. (1,0 điểm). Giải phương trình z
2
– (3 + 4i)z + (–1 + 5i) = 0 trên tập số phức.

Hết

_____________________________________________________________
Thí sinh khơng được sử dụng tài liệu. Giám thị khơng giải thích gì thêm.
Họ và tên thí sinh Số báo danh:
Chữ ký giám thị 1: Chữ ký giám thị 2:
SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
ĐỒNG THÁP

ĐỀ THI CHÍNH THỨC
KỲ THI DIỄN TẬP TNTHPT NĂM 2013
Môn thi: TOÁN - Giáo dục trung học phổ thông


HƯỚNG DẪN CHẤM THI
(Bản hướng dẫn chấm gồm có 04 trang)

I. Hướng dẫn chung
1) Nếu thí sinh làm bài không theo cách nêu trong đáp án nhưng đúng thì vẫn cho đủ số
điểm từng phần như hướng dẫn qui định.
2) Việc chi tiết hóa (nếu có) thang điểm trong hướng dẫn chấm phải đảm bảo không làm sai
lệch hướng dẫn chấm và phải được thống nhất thực hiện trong toàn tổ chấm.
3) Sau khi cộng điểm toàn bài, làm tròn đến 0,5 điểm (lẻ 0,25 làm tròn thành 0,5; lẻ 0,75
làm tròn thành 1,00 điểm)

II. Đáp án và thang điểm

Câu ĐÁP ÁN ĐIỂM
1. (2 điểm)
 TXĐ: D = R
0,25
 Sự biến thiên:

y' = -3x
2
+ 3, y' = 0  -3x
2
+ 3 = 0  x = 1.
Trên các khoảng (-; -1) và (1; +), y' < 0 nên hàm số nghịch biến.
Trên khoảng (-1; 1), y' > 0 nên hàm số đồng biến.
0,5
 Cực trị:
Hàm số đạt cực tiểu tại x = -1 và y
CT
= 0.
Hàm số đạt cực đại tại x = 1 và y
CĐ
= 4.
0,25
 Giới hạn: 
x
ylim , 
x
ylim
0,25
 Bảng biến thiên:
x
- -1 1 +
y' - 0 + 0 -

y

+ 4

0 -

0,25
Câu 1
(3,0 điểm)

 Đồ thị:
1
4
2
-1
O
x
y

0,5
2. (1 điểm)
 Ta có:
0
2
1
2
3
2
1
3

m
xx

(*)  -x
3
+ 3x + 2 = m
0,25
 Số nghiệm phương trình (*) bằng số giao điểm của hai đường:
(C): y = -x
3
+ 3x + 2 và (d): y = m
0,25
 Biện luận: Khi m < 0 hoặc m > 4 thì (*) có 1 nghiệm.
Khi m = 0 hoặc m = 4 thì (*) có 2 nghiệm.
Khi 0 < m < 4 thì (*) có 3 nghiệm.
0,5
1. (1 điểm)
Ta có: 3.4
x
- 2.6
x
= 9
x
 03)
2
3
(2)
2
3
(
2

xx

0,25
Đặt t =
x
)
2
3
( (t > 0) ta được: t
2
+ 2t - 3 = 0
0,25
 t = 1 (nhận) hoặc t = -3 (loại).
0,25
Với t = 1  1)
2
3
( 
x
 x = 0.
0,25
2. (1 điểm)
Phương trình hoành độ giao điểm: lnx = 0  x = 1
0,25
Diện tích hình phẳng cần tìm là: S =

e
dxx
1
ln
=


e
xdx
1
ln

0,25
Đặt u = lnx  du = dx
x
1

dv = dx  v = x
0,25
 S =


e
dx
e
xx
1
1
ln = e -
1
e
x
= 1 (đvdt)
0,25
3. (1 điểm)
TXĐ: D = R. y' = 4x

3
+ 2ax 0,25
ycbt 







2
3
)1(
0)1('
y
y

0,25








2
3
1
024

ba
a

0,25
Câu 2
(3,0 điểm)

Vậy a = -2 và b =
2
5

0,25
Câu 3
(1,0 điểm)

60
0
O
C
A
B
D
S






Ta có: SA CD(gt)  SA là đường cao khối chóp.

Gọi O = AC  BD. Ta có








BDOS
BDOA
BDABCDSBD )()(

 góc giữa (SBD) và (ABCD) là góc giữa OA và OS là góc SOA.

0,25
Xét SAO vuông tại A  SA = OAtan60
0
=
2
6
3.
2
2 aa

0,25
Diện tích hình vuông ABCD: S
ABCD
= a
2

. 0,25
Thể tích khối chóp S.ABCD: V
S.ABCD
=
2
6
.
3
1
.
3
1
2
a
aSAS
ABCD
 =
6
6
3
a

0,25
1. (1 điểm)
Mp() có VTPT )2;2;1(

n


0,25

Vì mp(P) song song mp() nên mp(P) có VTPT )2;2;1(

nn
p



0,25
 (P): 1(x + 1) + 2(y - 0) + 2(z + 2) = 0
0,25
 x + 2y + 2z + 5 = 0
0,25
2. (1 điểm)
Gọi  là đường thẳng qua M và vuông góc ()  :








tz
ty
tx
23
21
1
(t  R)
0,25

Vì (S) tiếp xúc () tại M nên (S) có tâm I    I(1 + t; 1 + 2t; -3 + 2t)
0,25
(S) có bán kính R = 3  MI = 39
2
t 





)1;3;2(1
)5;1;0(1
It
It

0,25
Câu 4.a
(2,0 điểm)

Vậy có hai mặt cầu thỏa ycbt là (S): x
2
+ (y + 1)
2
+ (z + 5)
2
= 9
và (S): (x - 2)
2
+ (y - 3)
2

+ (z + 1)
2
= 9
0,25
 = -3
0,25
= 3i
2

Phương trình đã cho có hai nghiệm:
0,25

2
3
2
1
1
i
z 
0,25
Câu 5.a
(1,0 điểm)


2
3
2
1
2
i

z 
0,25
1. (1 điểm)


có VTCP )1;1;2(


u

và đi qua M(0; 1; 0)


có VTCP )1;1;1(



v

và đi qua N(1; 0; 0)
)1;1;0(],[

vu



0,25
)0;1;1( MN  MNvu ].,[





và

chéo nhau.
0,25
Độ dài đoạn vuông góc chung của 
1
và 
2
là khoảng cách giữa hai đường
thẳng chéo nhau 
1
và 
2
.
0,25
Câu 4.b
(2,0 điểm)

Vậy độ dài đoạn vuông góc chung của 
1
và 
2
là:
d(
1
, 
2
) =

2
2
2
1
],[
].,[

vu
MNvu




0,25
2. (1 điểm)
Mặt cầu (S) có tâm I(1; -1; -2) và bán kính R = 2. 0,25
Gọi () là mp song song với 
1
, 
2
 () có VTPT )1;1;0(],[  vun





 (): y + z + D = 0
0,25
() là tiếp diện của (S)  d(I,()) = R  223  D







223
223
D
D

0,25
Vậy có hai mp thỏa ycbt là (): y + z + 3 + 2
2
= 0
và (): y + z + 3 - 2
2
= 0
0,25
 = -3 + 4i
0,25
-3 + 4i có hai căn bậc hai là 1 + 2i và -1 - 2i. 0,25
Vậy phương trình có hai nghiệm là:
iz 32
1

0.25
Câu 5.b
(1,0 điểm)

iz  1

2

0.25