Bai 4 dap an bai tap do bat bao hoa va ung dung TB

Khóa h c luy n thi Qu c gia PEN-C:Môn Hóa (Th y V Kh c Ng c)

B T BÃO HÒA VÀ

b t bão hòa và ng d ng

NG D NG

( ÁP ÁN BÀI T P T LUY N)

Giáo viên: V KH C NG C
Các bài t p trong tài li u này đ c biên so n kèm theo bài gi ng “
b t bão hòa và ng d ng” thu c Khóa h c
luy n thi Qu c gia PEN-C: Môn Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) t i website Hocmai.vn đ giúp các B n ki m tra,
c ng c l i các ki n th c đ c giáo viên truy n đ t trong bài gi ng t ng ng.
s d ng hi u qu , B n c n h c
tr c bài gi ng “ b t bão hòa và ng d ng” sau đó làm đ y đ các bài t p trong tài li u này.

1.A
11.C
21.C

2.C
12.D
22.B

3.C
13.C
23.C

4.C

14.B
24.C

5.D
15.C
25.B

6.D
16.A
26.C

7.C
17.A
27.C

8.A
18.B
28.A

9.A
19.C
29.D

10.C
20.C
30.B

H
NG D N GI I
Bài t p - M c đ Trung bình

Câu 16: G i s liên k t trung bình c a h n h p X là k .

n Br2 = 0,7  0,5 = 0,35 mol vµ n X = 0,2 mol



k=

0,35
= 1,75
0,2

K t h p phân tích 4 đáp án, ta th y:
X g m 1 ankin và 1 anken.
- Vì c 2 hiđrocacbon đ u b h p th b i dung d ch Br2 và 1 < 1,75  2
m
5,3
= 26,5 trong X ph i có 1 ch t có M < 26,5 ch t đó là C2H2.
- M X = hh =
n hh
0,2
K t h p 2 nh n đ nh trên, ta k t lu n trong X có C2H2.
Áp d ng ph ng pháp đ ng chéo cho h n h p X, ta có:

(Anken) k = 1
k = 1,75
(C2H2) k = 2

0,25

0,05 mol

0,75

0,15 mol

Thay vào bi u th c tính M X , ta có:

m hh
26  0,15 + Manken  0,05
=
= 26,5  Manken = 28 g/mol  C 2H 4
n hh
0,2
V y đáp án đúng là A. C2H2 và C2H4.
Câu 18: n Br2 : n Hidrocacbon = 0,35 : 0,2 = 1,75 < 2  có 1 ankin , 1 anken  G i
MX =

Anken CnH2n

x mol ; Akin CmH2m-2

y mol

Ta có : x + 2y = 0,35 ; x + y = 0,2  x = 0,15 ; y = 0,2
Kh i l

ng bình t ng = 14n.0,15 + (14m – 2).0,2 = 6,7 vì n , m nguyên  n = 4 , m = 2

áp án B

Câu 20: CH3-CH(OH)-CH2-CH3 xt H2SO4 đ c , to  CH3-CH=CH-CH3 (Có hai đ ng phân Cis , trans ) + H2O
CH3-CH(OH)-CH2-CH3 xt H2SO4 đ c , to  CH2=CH-CH2-CH3 + H2O
 có t t c 3 đ ng phân
Câu 21: Axit fomic : HCOOH : Có ph n ng

Vinyl axetilen : CHC-CH=CH2 : Có ph n ng

Propin : CHC-CH3 : Có ph n ng
Các ch t có ph n ng v i Ag2O/NH3
Hocmai.vn – Ngôi tr

ng chung c a h c trò Vi t

T ng đài t v n: 1900 58-58-12

- Trang | 1 -


Khóa h c luy n thi Qu c gia PEN-C:Môn Hóa (Th y V Kh c Ng c)

b t bão hòa và ng d ng

HCOOH + Ag2O  HOCOOH + 2Ag
CHC-CH=CH2 + Ag2O  CAgC-CH=CH2 + 2Ag 
CHC-CH3+ Ag2O  CAgC-CH3  + H2O
Câu 22: Các đ ng phân có th có c a C2H4O2 : HCOOCH3 , CH3COOH , HO-CH2-CHO
HCOOCH3 + NaOH  HCOONa + CH3OH
CH3COOH + Na  CH3-COONa + ½H2
CH3COOH + NaOH  CH3COONa + NaOH
CH3COOH + NaHCO3  CH3COONa + CO2 + H2O

HO-CH2-CHO + Na  NaO-CH2-CHO + 1/2H2
 Có 5 ph n ng
Câu 23: G i công th c c a axit cacboxylic đ n ch c đó là : CxHyO2
CxHyO2 + (x + y/4 – 1 ) O2  x CO2 + y/2 H2O
(x + y/4 – 1)a

a mol

ax

ay/2

a = 0,1
ax = 0,3  x = 3 , ay/2 = 0,2  y = 4 .
 n O2 = (3 + 4/4 – 1 )0,1 = 0,3  V O2 = 0,3.22,4 = 6,72 lít
 Ch n C
Câu 24: n CO2 = 35,2/44 = 0,8 mol
t cháy 0,1 mol X cho không quá 0,8 mol  X không có quá 8 nguyên t C  C đáp án C , D đ u th a mãn đi u
ki n này
1 mol X tác d ng đ v i 1 mol NaOH  X ch có 1 nhóm OH liên k t tr c ti p v i nhân benzen
 Ch n C
HO-C6H4-CH2-OH + NaOH  NaO-C6H4-CH2OH + H2O
1

:

1

Câu 25: Anilin + 3Br2  2,4,6 – Tribrom – anilin + 3HBr
Stiren C6H5-CH=CH2 + Br2  C6H5-CHBr-CH2Br

M u nâu đ

không màu

Benzen không ph n ng v i Br2
 Ch n B

Bài t p - M c đ Khó
Câu 28: Các ph n ng v i Na có th vi t chung là:

ROH + Na  RONa +

1
H2
2

Do đó, n X = 2n H2 = 1,4mol
Các ch t trong h n h p X có d ng CnH2n+2O nên: n X = n H2O - n CO2

 b = 1,2 mol

Áp d ng đ nh lu t b o toàn nguyên t O, ta có:
Hocmai.vn – Ngôi tr

ng chung c a h c trò Vi t

T ng đài t v n: 1900 58-58-12

- Trang | 2 -

Khóa h c luy n thi Qu c gia PEN-C:Môn Hóa (Th y V Kh c Ng c)

n O2 =

b t bão hòa và ng d ng

2,6 + 1,2  2 - 1,4
= 1,8mol
2

Áp d ng đ nh lu t b o toàn kh i l ng, ta có:
a = mCO2 + mH2O - mO2 = 42 gam

V y đáp án đúng là A. 42 gam và 1,2 mol.
Câu 29: Phân tích đ bài:
- Ph n ng v i Ca(OH)2 d ch t o ra k t t a CaCO3  kh i l ng c a dung d ch ch c ch n ph i gi m
(cái này th y t ng gi i thích r t nhi u l n)  lo i ngay 2 đáp án B và C.
*
Ch xét riêng y u t này đã có th ch n 50 : 50.
bài cho r t nhi u ch t nh ng ta có th th y ngay là chúng có chung CTTQ d ng CnH2n-2O2 và có s
li u v CO2  ngh đ n chuy n dùng ph ng pháp C trung bình.
- Do đ b t bão hòa (k) c a các ch t = 2  n hh = nCO2 - n H2O
bài có 2 s li u  ta có quy n đ t t i 2 n, 2 n đó s là: s mol h n h p và s C trung bình.
Ph ng pháp thông th ng:
D dàng nh m đ c nCO2 = nCaCO3 = 0,18 mol , thay vào s đ ph n ng, ta có:



nCO2

(14n + 30) gam

n mol

3,42 gam

0,18 mol

C n H 2n 2 O2

 n hh =

3, 42
= 0,03 mol
14  6 + 30



14n + 30
n
=
0,18
3,42



n =6

 n H2O = n CO2 - n hh = 0,18 - 0,03 = 0,15 mol

Ho c:
G i s mol c a h n h p là a, ta có h ph ng trình:
m hh = (14n + 30)a = 3,42 gam
 n = 6
 

a = 0,03 mol
 n CO2 = na = 0,18 mol
T đó có mgi¶m = m - (mH2O + mCO2 ) = 18 - (18  0,15 + 44  0,18) = 7,38 gam

Ph ng pháp Ệinh nghi m:
- Ph n ng v i Ca(OH)2 d ch t o ra k t t a CaCO3  kh i l ng c a dung d ch ch c ch n ph i gi m
(cái này th y t ng gi i thích r t nhi u l n)  lo i ngay 2 đáp án B và C.
- Do đ b t bão hòa (k) c a các ch t = 2
3, 42
 n hh = n CO2 - n H2O = 0,18 - n H2O <
 n H2O  0,1325 mol
72
(s mol h n h p l n nh t khi h n h p g m toàn b là C3H4O2)
- mgi¶m = m - (mH2O + mCO2 ) < 18 - (18  0,1325 + 44  0,18) = 7,695 gam
Trong 2 đáp án A và D, ch có D th a mãn.
Câu 30:
kphân t = kg c + kch c = 4 (liên k t c ng đ c v i Br2) + 3 (liên k t trong nhóm ch c –COO) = 7
n H O - n CO2
1
 a= 2
= (n CO2 - n H2O )  n CO2 = 6a + n H2O  V = 22,4(6a + b)
1-7
6

Giáo viên: V Kh c Ng c
Ngu n:

Hocmai.vn – Ngôi tr

ng chung c a h c trò Vi t

T ng đài t v n: 1900 58-58-12

Hocmai.vn

- Trang | 3 -