2015Bai 4 dap an bai tap do bat bao hoa va ung dung TB

Khóa h c KIT-1: Môn Hóa –Th y V Kh c Ng c

b t bão hòa và ng d ng

B T BÃO HÒA VÀ

NG D NG

( ÁP ÁN BÀI T P T LUY N)

Giáo viên: V KH C NG C
Các bài t p trong tài li u này đ c biên so
KIT-1 môn Hóa h c – th y V Kh c Ng c
th c đ c giáo viên truy n đ t trong bài gi
b t bão hòa và ng d ng” sau đó làm đ y đ

I. ÁP ÁN
1. A
2. A
II. H
1.

3. A

n kèm theo bài gi ng “
b t bão hòa và ng d ng” thu c Khóa h c
t i website Hocmai.vn đ giúp các B n ki m tra, c ng c l i các ki n
ng t ng ng.
s d ng hi u qu , B n c n h c tr c bài gi ng “
các bài t p trong tài li u này.

4. D

5. B

6. C

NG D N GI I

Axit cacboxylic no, m ch h  k =

 CTPT c a X là C6H8O6.
2.
G i s liên k t

3n 2  3  2  4n
 n=2

2
2

trung bình c a h n h p X là k .

n Br2 = 0,7  0,5 = 0,35 mol vµ n X = 0,2 mol



k=

0,35
= 1,75

0,2

K t h p phân tích 4 đáp án, ta th y:
X g m 1 ankin và 1 anken.
- Vì c 2 hiđrocacbon đ u b h p th b i dung d ch Br2 và 1 < 1,75  2
m
5,3
= 26,5 trong X ph i có 1 ch t có M < 26,5 ch t đó là C2H2.
- M X = hh =
n hh
0,2
K t h p 2 nh n đ nh trên, ta k t lu n trong X có C2H2.
Áp d ng ph ng pháp đ ng chéo cho h n h p X, ta có:

(Anken) k = 1
k = 1,75
(C2H2) k = 2

0,25

0,05 mol

0,75

0,15 mol

Thay vào bi u th c tính M X , ta có:
m
26  0,15 + M anken  0,05
M X = hh =

= 26,5
n hh
0,2
V y đáp án đúng là A. C2H2 và C2H4.
3.
Các ph n ng v i Na có th vi t chung là:

ROH + Na  RONa +

 M anken = 28 g/mol

 C 2H4

1
H2
2

Do đó, n X = 2n H 2 = 1,4mol
Các ch t trong h n h p X có d ng CnH2n+2O nên: n X = n H2O - n CO2
Áp d ng đ nh lu t b o toàn nguyên t O, ta có:

n O2 =

 b = 1,2 mol

2,6 + 1,2  2 - 1,4
= 1,8mol
2

Áp d ng đ nh lu t b o toàn kh i l ng, ta có:

a = m CO2 + m H2O - m O2 = 42 gam
Hocmai.vn – Ngôi tr

ng chung c a h c trò Vi t

T ng đài t v n: 1900 58-58-12

- Trang | 1 -


Khóa h c KIT-1: Môn Hóa –Th y V Kh c Ng c

b t bão hòa và ng d ng

V y đáp án đúng là A. 42 gam và 1,2 mol.
4.
Phân tích đ bài:
- Ph n ng v i Ca(OH)2 d ch t o ra k t t a CaCO3  kh i l ng c a dung d ch ch c ch n ph i gi m
(cái này th y t ng gi i thích r t nhi u l n)  lo i ngay 2 đáp án B và C.
*
Ch xét riêng y u t này đã có th ch n 50 : 50.
bài cho r t nhi u ch t nh ng ta có th th y ngay là chúng có chung CTTQ d ng CnH2n-2O2 và có s
li u v CO2  ngh đ n chuy n dùng ph ng pháp C trung bình.
- Do đ b t bão hòa (k) c a các ch t = 2  n hh = n CO2 - n H 2O
bài có 2 s li u  ta có quy n đ t t i 2 n, 2 n đó s là: s mol h n h p và s C trung bình.
Ph ng pháp thông th ng:
D dàng nh m đ c n CO2 = n CaCO3 = 0,18 mol , thay vào s đ ph n ng, ta có:



nCO2

(14n + 30) gam

n mol

3,42 gam

0,18 mol

C n H 2n 2 O2

 n hh =

3, 42
= 0,03 mol
14  6 + 30



14n + 30
n
=
3,42
0,18

 n =6

 n H2O = n CO2 - n hh = 0,18 - 0,03 = 0,15 mol

Ho c:
G i s mol c a h n h p là a, ta có h ph ng trình:
mhh = (14n + 30)a = 3,42 gam
n = 6
 

a = 0,03 mol
nCO2 = na = 0,18 mol
T đó có m gi¶m = m - (m H2 O + mCO2 ) = 18 - (18  0,15 + 44  0, 18) = 7,38 gam
Ph ng pháp Ệinh nghi m:
- Ph n ng v i Ca(OH)2 d ch t o ra k t t a CaCO3  kh i l ng c a dung d ch ch c ch n ph i gi m
(cái này th y t ng gi i thích r t nhi u l n)  lo i ngay 2 đáp án B và C.
- Do đ b t bão hòa (k) c a các ch t = 2
3, 42
 n hh = n CO2 - n H2O = 0,18 - n H2O <
 n H2O  0,1325 mol
72
(s mol h n h p l n nh t khi h n h p g m toàn b là C3H4O2)
- m gi¶m = m - (m H2 O + m CO2 ) < 18 - (18  0,1325 + 44  0, 18) = 7,695 gam
Trong 2 đáp án A và D, ch có D th a mãn.
5.
kphân t = kg c + kch c = 4 (liên k t c ng đ c v i Br2) + 3 (liên k t trong nhóm ch c –COO) = 7
n H2O - n CO2
1
 a=
= ( n CO2 - n H2 O )  n CO2 = 6a + n H2 O  V = 22,4(6a + b)
1-7
6
Giáo viên: V Kh c Ng c
Ngu n:

Hocmai.vn – Ngôi tr

ng chung c a h c trò Vi t

T ng đài t v n: 1900 58-58-12

Hocmai.vn

- Trang | 2 -