giai de thi thu ly so hcm

GIẢI CHI TIẾT ĐỀ THI THỬ MÔN VẬT LÝ THPT QUỐC GIA CỤM VI CỦA SỞ GDĐT
TP.HCM NĂM HỌC 2016 -2017
Mã đề: 001
Người thực hiện: Gv. Nguyễn Quang Thịnh.

Giải: T  2

l
 1s  Chọn B
g

Giải: 4i  8mm  i  2mm . Suy ra:  

Giải:  lkr 

Wlk mc 2 8.1,0073  8.1,0087  15,9904.931,5


 8,01 MeV c 2   Chọn A
A
A
16

Giải: P  U .I .cos  

Giải: T 

ia
 0, 6   m   Chọn D
D

U0 I0
.
cos   chọn B
2 2

l0
60
 l0  0, 04m  4cm
 0, 4s . Với T  2
150
g


lmax  l0  l0  A  27cm
Suy ra: 
 Chọn A
 lmin  l0  l0  A  21cm

2 d 
2 d . 


Giải: Ta có: uM  6cos  5 t   2 
  6cos  5 t   2 
  6cos  5 t    cm  Chọn C
 
v.2 




120
u
3  3    Chọn B
Giải: i  
Z 40 3  40i 2 6


Giải: tan  

ZL
3
Z L  L
 Z L  50 3 
L 
H  Chọn D
R
2

n 
Giải: f  np 

Giải: l  k

Giải: T 


2

 k.

f
 12,5  vong / s   750  vong / phut   Chọn C
p

v
k 4

v  30m / s  Chọn B
2f

180 1
 s .
540 3
2

 2 
1
1
2
Cơ năng: W  m. 2 A2  .0,5 
 0,1  0,9 J  Chọn C
2
2
1 3 

Giải: Giới hạn quang điện 0 

hc
 0,35 m .

A

Điều kiện xảy ra hiện tượng quang điện   0  Chọn C



Ta có: uR  uC và theo đề bài: 625uR2  256uC2  16002 
ZC 

 U  64V
u2
uR2
 C  1 
  0R
4096 10000
U 0C  100V

U0 C
I0

Ta được I 0  3, 2 A 
 Z C  31, 25  Chọn A

Ta có: f 

1
2 LC

f

Giải: Từ đồ thị ta có:

1
f
C1
 2 
 Chọn B
f1
C2
C

T
 0,1  T  0, 4s    5  rad / s   Loại B và D
4

Từ đáp án  A = 5 cm. Tại t =0 v>0 nên   0  Chọn A

Giải: Lực đàn hồi là lực kéo vật về vị trí lò xo không biến dạng


Lực kéo về là lực kéo lò xo về vị trí cân bằng.
Ta có:  

k
g

 l0  4cm  Biên độ A = 8 cm.
m
l0

Thời gian trong 1 chu kỳ mà lực phục hồi cùng chiều với lực đàn hồi là

T T 5T 5
m 1
 
 .2
 s
2 3 6 6
k 3

Giải: Số hạt Heli có trong 0,5 mol N  n.N A
Khi 2 hạt He được tao thành thì tỏa 17,3MeV. Vậy năng lượng tỏa ra khi tổng hợp N hạt.
N .17,3
Q
 2, 6.1024 MeV  Chọn D
2

Giải: Khi chưa dịch màn: x  5
Khi dịch màn: x  3,5

D
a

  D  D 
a

(1)

(2)
x 5

D

a
 D  1, 4m 
   0,6 m  Chọn B
Từ (1) và (2) ta được: 5D  3,5  D  D  
D 0,6 m

Giải: Giả sử biểu thức điện tích trên bản tụ là q  Q0 cos t (C) thì biểu thức cường độ dòng điện trong



mạch sẽ có biểu thức: i  Q0 cos  t   (A)
2




Tại thời điểm t ta có i  8 .103 A  Q0 cos  t  
2

Tại thời điểm t '  t 

Suy ra:

3T
3
 3T 


ta có: q  Q0 cos   t 
  Q0 cos  t 
4
4 
2



1    4 .106 rad / s 
2

 T 

 2


9
  2.10


 0,5.106  s   Chọn C


Giải: Mức cường độ âm lớn nhất tại chân đường cao hạ từ O trên đoạn MN
Ta có: LH  LM  10log

IH
OM
OM
 20log


 LH  LM  20log
 26dB  Chọn A
IM
OH
OH

Giải: Ta có công thức số bức xạ phát ra tối đa khi nguyên tử đang ở mức n là Cn2
Khi chiếu 1 nguyên tử sẽ nằm ở quỹ đạo n1  4
Khi chiếu 2 nguyên tử sẽ nằm ở quỹ đạo n2  6
Ta có



1 
1
1 
 R 1  2 
 R 1  2  v à
2
1
 n2 
 n1 
1

1

n22 28
 1 
 Chọn C


2 1  1 27
n12
1

Giải:

mPb

mPo

210
84


Po 
 206
82 Pb

t


206
.m0 1  2 T 
210



Cách giải:

m0 .2

t
T

 0, 6 
 t  95, 02 ngày.  Chọn C


* Khi   1  60 (rad/s)  Z L1  1L  150    và ZC1 

1
60 C

* Khi   2  40 (rad/s)  Z L 2  2 L  100    và ZC 2 

1
40 C

Cách 1:
Ta có: I1  I 2 

U
R 2   Z L1  ZC1 

2



Suy ra: Z L1  ZC1  Z L 2  ZC 2  150 

Từ đó ta có được ZC1 
Mặc khác ta có I1 

 Z L1  ZC1 

2

U
R 2   Z L 2  ZC 2 

2

1
1
 100 

 C  5,3.105 F
60 C
40 C

1
 100   
60 C

I max

5

 24R 2 
R 

U
R   Z L1  ZC1 
2

Z L1  ZC1
24



2



U
. Suy ra:
5R

150  100
24

 10, 2   
1

ZC 1 
1
1
1C

C 

 5,3.105 F 
 ZC1  100   
Cách 2: ta có   1.2 
LC
L1.2
2
0

Mặc khác ta có I1 

 Z L1  ZC1 

2

I max

5

 24R 2 
R 

U
R 2   Z L1  ZC1 

Z L1  ZC1

Cách 3: Sử dụng công thức R 

24



2



U
. Suy ra:
5R

150  100
24

 10, 2   

2,5
 60  40 
 
 10, 2
n2 1
52  1

L(1  2 )

Cả 3 cách đều ra cùng đáp số nhưng trong đáp án câu hỏi lại không có đáp án.

U2
Giải: Ta có: Khi mắc hiệu điện thế không đổi: P 
R
Khi mắc vào hiệu điện thế xoay chiều: P '  UIcos  

U2
U2
P
.
R

R   Chọn C
2
2
Z
2R
2


D

Giải: Ta có:

a

 1mm

  D  D 


 2i 
D i aD  aD 2i
2


a

 
 i   mm 
Theo đề bài:
 
a
2
3
  D  D 
i 

a
Khi dịch màn ra xa 6D ta được i ' 

  D  6D 
a



D
a

6

D
a

i
 1  6.  3  mm   Chọn D

2

Giải: Đặt 1   và 2  5
Áp dụng công thức Anh-xtanh về hiện hượng quang điện ta có

hc

1



hc

hc

1
 mv12
0 2

. Do 1  2 nên v2  v1 . Theo đề bài ta có v1  3v2  Wd1  9Wd 2

1
  mv22
2 0 2
hc

Suy ra:

1
hc

2

hc




hc

0
hc

0

 9Wd 2

Wd 2 

hc hc


2 0



 Wd 2

Giải: Bước sóng:  
Số cực đại trên AB

2 v



 AB



hc





 hc hc  8hc 4 hc
 1
 9
 

 
 Chọn B
0
0 5 
0 10
 5 0 

hc

 3cm

k

AB




6, 6  k  6, 6

Để diện tích hình chữ nhật ABCD nhỏ nhất thì C phải gần A nhất hay nói cách khác C phải nằm trên cực
đại lớn nhất (k = 6)


AB  20 cm
Khi đó dC  BC  AC  AB 2  AC 2  AC  6 
 AC 
 3cm

Diện tích ABCD lúc này: S  AB. AC  20.

19
cm
9

19
 42, 22  cm2   Chọn B
9