THCD b~1

SỞ GD&ĐT

KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP TỈNH LỚP 12 THPT

QUẢNG BÌNH

NĂM HỌC 2012 - 2013
Môn thi: Toán - Vòng I

ĐỀ THI CHÍNH THỨC

(Khóa ngày 11 tháng 10 năm 2012)
Thời gian làm bài: 180 phút (không kể thời gian giao đề)

SỐ BÁO DANH:

Câu 1 (2.5 điểm):
Giải phương trình: x 4n + x 2n + 2012 = 2012 (n ∈ ¥ * ) .
Câu 2 (2.5 điểm):
Cho dãy số (u n ) xác định bởi công thức:
u1 = 3

1
3

*
u
=
2
u
+

 n+1 3  n u 2 ÷; (n ∈ ¥ ).
n 


Tính: lim un ?
Câu 3 (1.5 điểm):
Cho các số thực dương x, y, z. Chứng minh rằng:
1 1 1
36
+ + ≥
.
2 2
x y z 9 + x y + y 2 z 2 + z 2 x2
Câu 4 (2.0 điểm):
Cho tam giác ABC có M là trung điểm cạnh BC, N là chân
·
đường phân giác góc BAC
. Đường thẳng vuông góc với NA tại N cắt
các đường thẳng AB, AM lần lượt tại P, Q theo thứ tự đó. Đường thẳng
vuông góc với AB tại P cắt AN tại O. Chứng minh OQ vuông BC.
Câu 5 (1.5 điểm):
Tìm nghiệm nguyên dương của phương trình:
x+2 3 = y + z .
– Website chuyên đề thi – tài liệu file word mới nhất


--------------------HẾT----------------------

– Website chuyên đề thi – tài liệu file word mới nhất

SỞ GD&ĐT

KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP TỈNH LỚP 12 THPT

QUẢNG BÌNH

NĂM HỌC 2012 - 2013
Môn thi: Toán - Vòng I
(Khóa ngày 11 tháng 10 năm 2012)

HƯỚNG DẪN CHẤM
(Đáp án, hướng dẫn này có 4 trang)
yªu cÇu chung
* Đáp án chỉ trình bày một lời giải cho mỗi bài. Trong bài làm của học sinh yêu cầu phải lập luận
lô gic chặt chẽ, đầy đủ, chi tiết và rõ ràng.
* Trong mỗi bài, nếu học sinh giải sai ở bước giải trước thì cho điểm 0 đối với những bước giải
sau có liên quan.
* Điểm thành phần của mỗi bài nói chung phân chia đến 0,25 điểm. Đối với điểm thành phần là
0,5 điểm thì tuỳ tổ giám khảo thống nhất để chiết thành từng 0,25 điểm.
* Học sinh có lời giải khác đáp án (nếu đúng) vẫn cho điểm tối đa tuỳ theo mức điểm của từng
bài.
* Điểm của toàn bài là tổng (không làm tròn số) của điểm tất cả các bài.
Câu

Nội dung

Điểm

1

2,5 điểm
Phương trình: x 4n + x 2n + 2012 = 2012 (n ∈ N*)

(1)
0,25

Đặt t = x2n ≥ 0, phương trình (1) trở thành:

0,5

t 2 + t + 2012 = 2012
1
1
⇔ t 2 + t + = t + 2012 − t + 2012 +
4
4
2

0,5

2

1
 1 
⇔  t + ÷ =  t + 2012 − ÷
2
 2 

0,25

0,25

⇔ t + 1 = t + 2012
⇔ t 2 + t − 2011 = 0.
Giải phương trình (2) ta được: t =

(2)

0,25

−1 + 8045
thỏa mãn điều kiện
2

Phương trình có 2 nghiệm:
– Website chuyên đề thi – tài liệu file word mới nhất


x1 =

2n

−1 + 8045 và
−1 + 8045 , n ∈ ¥ * .
x 2 = − 2n
2
2

2

0,5

2,5 điểm
Theo công thức xác định dãy (un ) , ta có un > 0; ∀n ∈ ¥ * .

0,5

Áp dụng bất đẳng thức Côsi, ta có:
1
3  1
3
3
un+1 =  2un + 2 ÷ =  un + un + 2 ÷ ≥ 3 un2 . 2 = 3 3 ; ∀n ∈ ¥ * .
3
un  3 
un 
un

0,5

Do đó: un ≥ 3 3 ; ∀n ∈ ¥ * .
 1  3 − un3 
2
1
1 3
Mặt khác: un+1 − un = un + 2 − un =  2 − un ÷ =  2 ÷≤ 0 .
3
un
3  un
 3  un 

Vậy (un ) là dãy số giảm và bị chặn dưới nên nó có giới hạn.
2
1
3
Giả sử, lim un = a .Ta có: a = a + 2 ⇔ a = 2 ⇔ a = 3 3 .
3
a
a
Vậy: lim un = 3 3

0,5
0,5
0,5

3

1.5 điểm
1 1 1
36
+ + ≥
x y z 9 + x2 y2 + y 2 z 2 + z 2 x2
1 1 1
⇔ (9 + x 2 y 2 + y 2 z 2 + z 2 x 2 )  + + ÷≥ 36 .
x y z
Ta có: ( xyz )

2

0,25
3

 xy + yz + zx 
= ( xy ) ( yz ) ( zx ) ≤ 
÷.
3



0,25

Do đó:

– Website chuyên đề thi – tài liệu file word mới nhất


 1 1 1   xy + yz+zx  27 ( xy + yz+zx )
 x + y + z÷ =
÷ ≥
3
xyz
( xy + yz+zx )

 

2

2

=

2

0,25

27
.
xy + yz+zx

Mặt khác:

9 + x 2 y 2 + y 2 z 2 + z 2 x 2 = 6 + ( x 2 y 2 + 1) + ( y 2 z 2 + 1) + ( z 2 x 2 + 1)

0,25

≥ 2 ( 3 + xy + yz + zx ) .
2


 1 1 1 
⇒  (9 + x 2 y 2 + y 2 z 2 + z 2 x 2 )  + + ÷
 x y z 

2
27
≥ 4 3 + ( xy + yz+zx )  .
xy + yz+zx


9
= 108. 

+ 6 + ( xy + yz + zx ) 
 xy + yz + zx


9
≥ 108  6 + 2
( xy + yz + zx )
xy
+
yz
+
zx



÷ = 1296 .


1 1
2 2
2 2
2 2 1
Suy ra: (9 + x y + y z + z x )  + + ÷ ≥ 36 .
x y z
Dấu “=” xảy ra khi và chỉ khi: x = y = z = 1.

0,25

0,25

4

2.0 điểm

0,25
– Website chuyên đề thi – tài liệu file word mới nhất


A
y
B
P

Q
N

M

C

O
x

Chọn hệ trục tọa độ Nxy sao cho A, N nằm trên trục hoành.

0,25

Vì AB không song song với các trục tọa độ nên phương trình của nó có
 b 
dạng : y = ax + b (a ≠ 0). Khi đó : A =  − ;0 ÷, P = (0; b) .

 a 

0,25

AC đi qua A và đối xứng với AB qua trục hoành nên có phương trình :
y = -ax – b.
1
PO đi qua P, vuông góc với AB nên có phương trình : y = − x + b .
a
O là giao điểm của PO và trục hoành nên O = (ab,0) .
BC đi qua gốc tọa độ nên :

0,25

+) Nếu BC không nằm trên trục tung thì phương trình BC có dạng y =
cx với c ≠ 0,c ≠ ± a (vì B, C không thuộc trục hoành, BC không song
song với AB và AC).
B là giao điểm của BC và AB nên tọa độ B là nghiệm của hệ :

0,25

 y = ax + b
bc 
 b
⇒ B=
;

÷.
c−a c−a
 y = cx

C là giao điểm của BC và AC nên tọa độ C là nghiệm của hệ :
 y = − ax − b
b
bc 

⇒ C = −
;−

÷.
 c+a c+a
 y = cx

– Website chuyên đề thi – tài liệu file word mới nhất


uuuu
r
bc
abc 
 ab
AM
=
c; a 2 ) .
;
Do đó : M =  2
,
suy
ra
:
÷

2
2 (
2
2
2
a (c − a )
c −a c −a 
Từ đó ta có phương trình của AM là : y =

0,25

a2
ab
x+
.
c
c

Q là giao điểm của AM với trục tung nên
 ab  uuur
 1
Q =  0; ÷⇒ QO = ab  1; − ÷.
c
 c 


uuur
Do đó QO là một vectơ pháp tuyến của BC nên QO vuông góc BC.
+) Nếu BC nằm trên trục tung thì tam giác ABC cân tại A nên M ≡ N, do
đó O thuộc AN nên QO vuông góc BC.

0,25
0,25
1,5 điểm

5
Giả sử ( x, y, z ) là nghiệm nguyên dương của phương trình. Ta có:
x+2 3 = y + z + 2 yz
⇔ x − ( y + z ) = 2 yz − 2 3
⇒ [ x − ( y + z ) ] = 4 yz − 8 3 yz + 12
2

= 4 yz − 4 3 [ x − ( y + z ) ] − 12
⇒ [ x − ( y + z ) ] + 4 3 [ x − ( y + z ) ] + 12 = 4 yz

0,25

2

− [ x − ( y + z ) ] + 4 yz + 12
Nếu x ≠ ( y + z ) thì 4 3 =
∈ ¤ (vô lý).
x − ( y + z)
2

 y =1

z = 3
⇒ x = 4.
Nếu x = y + z thì yz = 3 ⇔ 

y = 3

  z = 1

0,25
0,25

– Website chuyên đề thi – tài liệu file word mới nhất


Thử lại, ta thấy: (4; 3; 1) và (4; 1; 3) là nghiệm của phương trình.

0,5

Vậy: nghiệm nguyên dương của phương trình đã cho là (4; 3; 1) và (4;
1; 3).
0,25

– Website chuyên đề thi – tài liệu file word mới nhất