Đáp án đề thi tuyển sinh vào lớp 10 môn chuyên Vật lí sở GD&ĐT Thừa Thiên Huế năm học 2019 - 2020 - Học Toàn Tập

<span class='text_page_counter'>(1)</span><div class='page_container' data-page=1>

<b>SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KÌ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT CHUYÊN QUỐC HỌC </b>
<b> THỪA THIÊN HUẾ</b>

<b> </b>

<i><b>Thời gian làm bài: 150 phút</b> (không kể thời gian giao đề) </i>

<b>HƯỚNG DẪN CHẤM – ĐÁP ÁN – THANG ĐIỂM </b>

<i><b>Câu </b></i> <i><b>Nội dung – Yêu cầu </b></i> <i><b>Điểm </b></i>

<b>1 </b>

<i><b>2,5 đ </b></i>

a)

- Gọi v1 là vận tốc người đi xe đạp, v2 là vận tốc người đi xe máy.

C là điểm gặp nhau lần thứ nhất (lúc 7 giờ), D là điểm gặp nhau lần thứ hai (lúc 10
giờ 40 phút).

- Lần gặp nhau thứ nhất ta có:

AC = v1t1 = v2t2 (với t1 = 1h, t2 = 0,5h)  v2 = 2 v1 (1)

- Lần gặp nhau thứ hai ta có: v1.t1’ + v2.t2’ = 2AB (với t1’ =

2
4

3 h, t2’ =
2
3

3 h)
 v1.

2
4

3 + v2.
2
3

3 = 2.90 14v1 + 11v2 = 540 (km) (2)
- Từ (1) và (2) ta có v1 = 15 (km/h) ; v2 = 30 (km/h)

* Thời gian người đi xe máy từ địa điểm A đến địa điểm B là

2

AB
v .
 Người đi xe máy đến địa điểm B lúc: 6h 30ph + 90

30h = 9h 30ph.
* Thời gian người đi xe đạp từ địa điểm A đến địa điểm B là

1

AB
v .
Người đi xe đạp đến địa điểm B lúc: 6h +90

15h = 12h.
b) Đồ thị chuyển động của hai người:

0,25

0,25

0,25
0,25

0,25

0,25

1,00
<b>ĐỀ THI CHÍNH THỨC </b>

<b>Năm học 2019 - 2020</b>
<b>Khố ngày 02 tháng 6 năm 2019 </b>

<b>Mơn thi: VẬT LÍ (CHUYÊN) </b>

A

B

7 8 9 10 11 12 13

6 1
2

1
2

2
3

6 9 10 t (h)

S (km)

Xe d?p

Xe máy
xe đạp

xe máy

x (km)

</div>
<span class='text_page_counter'>(2)</span><div class='page_container' data-page=2>

<b>2 </b>

<i><b>2,0 đ </b></i>

a) Giả sử trong hệ có k vật đầu tiên tỏa nhiệt, (n - k) vật còn lại là thu nhiệt.
Gọi t là nhiệt độ cân bằng của hệ.

- Nhiệt lượng do k vật đầu tiên tỏa ra là:

Qtỏa = c1m1( t1 – t ) + c2m2( t2 – t ) + … + ckmk( tk – t )

- Nhiệt lượng do (n - k) vật còn lại thu vào:

Qthu = ck+1mk+1( t – tk+1 ) + ck+2mk+2( t – tk+2 ) + ... + cnmn( t – tn )

- Theo phương trình cân bằng nhiệt ta có: Qtỏa = Qthu

hay : c1m1( t1 – t ) + c2m2( t2 – t ) + … + ckmk( tk – t)

= ck+1mk+1( t – tk+1 ) + ck+2mk+2( t – tk+2 ) + … + cnmn( t – tn )

1 1 1 2 2 2 n n n

1 1 2 2 n n

c m t + c m t + .... + c m t
t =

c m + c m +.... + c m



b) Áp dụng cơng thức trên ta tính được:
1 1 1 2 2 2 3 3 3

1 1 2 2 3 3

c m t + c m t + c m t
t =

c m + c m + c m

= 0,3.460.10 + 0,4.380.25 + 0,2.4200.20 o

19,45 ( C)
0,3.460 + 0,4.380 + 0,2.4200 

0,25
0,25

0,25

0,25
0,25
----

0,25

0,50

<b>3 </b>

<i><b>2,5 đ </b></i>

a) Khi K mở, ta có tóm tắt mạch như sau: [R1nt R3 ) // (Rxnt Ry)] nt R2

- Điện trở tương đương toàn mạch AB: _AB 13 xy ₂

13 xy

R .R 4.4

R = + R = + 2 = 4 ( )

R + R 4+4 

- Cường độ dòng điện qua mạch chính AB: AB
AB

U 20

I = = = 5 (A)

R 4

- Số chỉ của ampe kế: 13
A

13 xy

R 4

I = .I = .5 = 2,5 (A)

R + R 8

b) <b> </b>

<b> *Khi K mở</b>: Tóm tắt mạch như ở câu a: [(R1 nt R3) // ( Rx nt Ry)] nt R2

- Cường độ dịng điện qua mạch chính:





(4 R R ) 2(R R )

)
R
R
10(4
2

R
R
4

R
R
4.

20
R

R

R
R
R

)
R
)(R
R
(R

U
I

y
x
y

x

y
x

y
x

y
x
2

y

x
3
1

y
x
3

1    






















- Cường độ dòng điện qua ampe kế:

1
)
R
2(R
)
R
R
(4

)
R
R
10(4
.

R
R
4

4
.I

R
R

R
I

y
x
y

x

y
x
y

x
xy

13
13

A _ _ _ _ 












R + R = 12 (Ω)_x _y (1)

0,25

0,25
0,25

0,25
----

0,25

0,25

A

A B

Ry Rx

R3 R1

R2

</div>
<span class='text_page_counter'>(3)</span><div class='page_container' data-page=3>

-*<b>Khi K đóng</b>: Tóm tắt mạch như sau: [( R1 // Rx ) nt ( R3 // Ry)] nt R2

- Cường độ dịng điện qua mạch chính:

2
R
1
R
R
3
3R
20
R
R
R
.R
R
R
R
.R
R
U
I'
y
y
x
x
2
y
3
y

3
x
1
x
1 










2(3 R )(1 R ) 3R (1 R ) R (3 R )
)
R
)(1
R
20(3
I'
x
y
y
x
y
x
y
x











- Cường độ dòng điện qua ampe kế:

1
)
R
(3
R
)
R
(1
3R
)
R
)(1
R
2(3
)
R
)(1

R
20(3
.
R
3
3
.I'
R
R
R
I
x
y
y
x
y
x
y
x
x
x
1
1

A _ _ _ _ _ _ 









6R R + 5R - 51R - 54 = 0_x _y _x _y (2)
- Từ (1) và (2) ta có phương trình: 6R – 128R2_x x + 666 = 0 (*)

Giải phương trình (*) ta được hai nghiệm: Rx1 = 12,33 (loại), Rx2 = 9 ( )

Vậy Rx = 9 ; Ry = 3.

0,25
0,25
0,25
0,25
<b>4 </b>
<i><b>2,0 đ </b></i>

- Dựng ảnh của điểm sáng S qua thấu kính bằng cách vẽ thêm trục phụ OI song song
với tia tới SK. Vị trí quang tâm ban đầu của thấu kính là O.

- Sau thời gian t(s) thấu kính dịch chuyển một quãng đường OO1, nên ảnh của nguồn

sáng dịch chuyển quãng đường S1S2.

- Vì 1

1

S O OI
OI // SK =

S S SK

 <i> </i>(1)

- Vì 2 1 1

1

2

S O O H
O H // SK =

S S SK

 (2)
- Vì OI // O H và ₁ OO // IH₁  tứ giácOO HI là hình bình hành, nên: OI = O₁ 1H (3)

- Từ (1), (2), (3) ta có: 1
1
S O
=
S S
2 1
2
S O

S S OO // S S 1 1 2
 1

1 2 1 1

OO SO 12

=

S S SS 12 + S O (4)
- Mặt khác: _{OI // SK} S I1 ₌S O1 ₌S O1

IK SO 12

 (*)
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
K

S O

O1
I
S2
S1
F’
H

A

A B

Ry Rx

R3 R1

R2

</div>
<span class='text_page_counter'>(4)</span><div class='page_container' data-page=4>

và _{IF // OK} S I1 ₌S F1 ₌S O - 81

IK OF 8



 

 (**)

- Từ (*) và (**), ta có: S O1 ₌S O - 81 8 ₂

12 8  4

 S1O = 12.2 = 24 (cm) (5)

- Từ (4) và (5), ta có: 1
1 2

OO 12 1

=

S S 12 + 24 3

- Ký hiệu vận tốc của thấu kính là v, vận tốc của ảnh là v1 thì: 1

1 2 1

OO v.t 1
= =
S S v .t 3
 v1 = 3v = 6 (m/s). Vậy vận tốc ảnh của nguồn sáng là 6 m/s.

0,25

0,25

<b>5 </b>

<i><b>1,0 đ </b></i>

- Sử dụng phương pháp <b>mạch cầu cân bằng</b>, sơ đồ mạch điện như hình vẽ:

- Điều chỉnh con chạy của biến trở tới vị trí ampe kế chỉ số 0 ; đo chiều dài của hai
phần biến trở R1 và R2 là<i> l1</i>và <i>l2</i>.

- Ta có: 1 0 1

2 x 2

R

R

= =

R R

<i>l</i>

<i>l</i> 

2

X 0

1

R = R <i>l</i>

<i>l</i>

0,25

0,25

0,25
0,25

<i><b> - Học sinh làm theo cách giải khác nếu đúng, hợp lí thì vẫn cho điểm tối đa. </b></i>
<i><b> - Điểm tồn bài được làm trịn đến 0,25 điểm. </b></i>

<i><b> - Hướng dẫn chấm này có 04 trang. </b></i>

<b>--- Hết --- </b>

R

0

R

x

R

1

R

2

</div>

<!--links-->