đề thi thử môn toán 2014 lần 2 thpt can lộc hà tĩnh

www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam
www.DeThiThuDaiHoc.com




I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm)
Câu 1 (2,0 điểm). Cho hàm số
3 2
3 2
y x x
= − +
có đồ thị là (C)
a) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số
b) Tìm điểm M thuộc đồ thị hàm số sao cho tiếp tuyến của đồ thị (C) tại M cắt đồ thị (C) tại điểm
thứ hai là N (khác M) thỏa mãn:
2 2
5
M N
P x x
= +
đạt giá trị nhỏ nhất.
Câu 2 (1,0 điểm). Giải phương trình:
( )
sinx t anx 2
1 cos
t anx sinx 3
x
+
= +
−

Câu 3 (1,0 điểm).
Gi
ả
i h
ệ
ph
ươ
ng trình:
(
)
(
)
( )
( )
( )
2 2
2
2
2 3 3 3
2 4 2
x x y y xy x y
x y

+ − + = −


− = −




(
)
,x y∈
ℝ

Câu 4 (1,0 điểm). Tính tích phân:
3
4
2
0
tan
1 os
x
I dx
c x
π
=
+
∫


Câu 5

(1,0 điểm).
Cho hình chóp S.ABCD có
đ
áy là hình vuông c
ạ

nh
a
, SAB là tam giác cân t
ạ
i S và
n
ằ
m trong m
ặ
t ph
ẳ
ng vuông góc v
ớ
i
đ
áy. G
ọ
i M là
đ
i
ể
m thu
ộ
c c
ạ
nh AD sao cho MD = 2MA . Tính
theo
a
th
ể

tích kh
ố
i chóp S.BCDM và kho
ả
ng cách gi
ữ
a hai
đườ
ng th
ẳ
ng SA và CM bi
ế
t m
ặ
t ph
ẳ
ng
(SBD) t
ạ
o v
ớ
i m
ặ
t ph
ẳ
ng
đ
áy m
ộ
t góc 60

0
.

Câu 6

(1,0 điểm).
Cho
, ,
x y z
là các s
ố
d
ươ
ng th
ỏ
a mãn:
x y z
+ ≤
. Tìm giá tr
ị
nh
ỏ
nh
ấ
t c
ủ
a bi
ể
u th
ứ

c:

( )
4 4 4
4 4 4
1 1 1
P x y z
x y z
 
= + + + +
 
 

II. PHẦN RIÊNG (3,0 điểm). Thí sinh chỉ được làm một trong hai phần (phần A hoặc phần B)
A. Theo chương trình Chuẩn

Câu 7a

(1,0 điểm).
Trong m
ặ
t ph
ẳ
ng t
ọ
a
độ
Oxy, cho hình vuông ABCD. Trên các c
ạ
nh AD, AB l

ấ
y
hai
đ
i
ể
m E và F sao cho AE = AF. G
ọ
i H là hình chi
ế
u vuông góc c
ủ
a A lên BE. Tìm t
ọ
a
độ
c
ủ
a C
bi
ế
t C thu
ộ
c
đườ
ng th
ẳ
ng d: x – 2y + 1 = 0 và t
ọ
a

độ
F(2; 0), H(1; -1)

Câu 8a

(1,0 điểm).
Trong không gian v
ớ
i h
ệ
tr
ụ
c Oxyz, cho
đ
i
ể
m A(1; -1; 2) hai
đườ
ng th
ẳ
ng

1
1 1
:
2 1 1
x y z
d
− −
= =

,
2
1 1 2
:
1 1 1
x y z
d
− − −
= =
−
. Tìm t
ọ
a
độ

đ
i
ể
m B thu
ộ
c d
1
, C thu
ộ
c d
2
sao cho BC
n
ằ
m

trong m
ặ
t ph
ẳ
ng ch
ứ
a A và d
1
,
đồ
ng th
ờ
i AC = 2AB và B có hoành
độ
d
ươ
ng.

Câu 9a (1,0 điểm).
Tìm s
ố
ph
ứ
c z bi
ế
t
2 3
z i
u
z i

+ +
=
−
là m
ộ
t s
ố
thu
ầ
n
ả
o và
1 3 1
z i z i
+ − = − +

B. Theo chương trình nâng cao

Câu 7b

(1,0 điểm).
Trong m
ặ
t ph
ẳ
ng t
ọ
a
độ
Oxy, cho elip có ph

ươ
ng trình:
2 2
1
25 9
x y
+ =
. Tìm
đ
i
ể
m M
thu
ộ
c elip sao cho góc

0
1 2
90
F MF
=
v
ớ
i F
1
, F
2
là hai tiêu
đ
i

ể
m c
ủ
a elip.
Câu 8b

(1,0 điểm).
Trong không gian v
ớ
i h
ệ
tr
ụ
c Oxyz cho
đ
i
ể
m A(1; 1; 2), B(2; -1; 1) và
đườ
ng th
ẳ
ng
d:
1 1
1 2 1
x y z
− −
= =
−
. Tìm

đ
i
ể
m M thu
ộ
c d có hoành
độ
d
ươ
ng sao cho di
ệ
n tích tam giác ABM b
ằ
ng
3
.
Câu 9b

(1,0 điểm).
Cho z
1
, z
2
là hai nghi
ệ
m ph
ứ
c c
ủ
a ph

ươ
ng trình: z
2
– 2z + 4 = 0. Tìm ph
ầ
n
th
ự
c, ph
ầ
n
ả
o c
ủ
a s
ố
ph
ứ
c:
2013
1
2
w
z
z
 
=
 
 
, bi

ế
t z
1
có ph
ầ
n
ả
o d
ươ
ng.
…………HẾT………
Thí sinh không được sử dụng tài liệu. Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm
S
Ở GD VÀ ĐT HÀ TĨNH
TRƯỜNG THPT CAN LỘC
ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC LẦN II NĂM HỌC 2013 – 2014
Môn: TOÁN – Khối A, A
1
, B
(Th
ờ
i gian làm bài: 180 phút, không k
ể
th
ờ
i gian phát
đề
)

www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam

www.DeThiThuDaiHoc.com

Họ và tên thí sinh:………………………………………………….; Số báo
danh:………………………

ĐÁP ÁN VÀ THANG ĐIỂM
Câu Đáp án Điểm
a) (1,0 điểm)
* Tập xác định: D = R
* Sự biến thiên:
- Chiều biến thiên:
Ta có: y' = 3x
2
– 6x; y' = 0
0
2
x
x
=

⇔

=


Hàm số đồng biến trên khoảng
(
)
;0
−∞

và
(
)
2;
+∞
; nghịch biến trên khoảng
(
)
0;2




0,25
- Cực trị: Hàm số đạt cực đại tại x = 0, y
CĐ
= 2; đạt cực tiểu tại x = 2, y
CT
= -2

- Giới hạn:
lim ; lim
x x
y y
→−∞ →+∞
= −∞ = +∞


0,25
- B

ả
ng bi
ế
n thiên:
x -
∞
0 2 +
∞

y’ + 0 - 0 +
2 +
∞

y
-2
-
∞




0,25
*
Đồ
th
ị


4
2

2
4
5
2
3
1-1
O










0,25
b) (1,0 điểm)
G
ọ
i
đ
i
ể
m M thu
ộ
c
đồ
th

ị
hàm s
ố
có t
ọ
a
độ

(
)
3 2
; 3 2
M a a a
− +

Khi
đ
ó ph
ươ
ng trình ti
ế
p tuy
ế
n t
ạ
i M có d
ạ
ng:
(
)

(
)
2 3 2
3 6 3 2
y a a x a a a
= − − + − +

Ph
ươ
ng trình hoành
độ
giao
đ
i
ể
m c
ủ
a
đồ
th
ị
(C) và ti
ế
p tuy
ế
n là:
(
)
(
)

3 2 2 3 2
3 2 3 6 3 2
x x a a x a a a
− + = − − + − +



0,25
Câu 1
2,0 điểm
( ) ( )
2
2 3 0
2 3
x a
x a x a
x a
=

⇔ − + − = ⇔

= − +


Để
(C) c
ắ
t ti
ế
p tuy

ế
n t
ạ
i N khác M thì:
2 3 1
a a a
≠ − + ⇔ ≠



0,25
x
y
www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam
www.DeThiThuDaiHoc.com
Khi đó:
; 2 3
M N
x a x a
= = − +

Ta có:
( ) ( )
2 2
2 2
5 2 3 9 12 9 3 2 5
P a a a a a
= + − + = − + = − +

0,25

Do
đ
ó:
5
P
≥
,suy ra P
min
= 5 khi
2
3
a
=
.
Đố
i chi
ế
u
Đ
K ta
đượ
c
2
3
a
=
.V
ậ
y
2 26

;
3 27
M
 
 
 

0,25
Câu Đáp án Điểm
Đ
k:
cos 0 cos 0
t anx sinx 0 cos 1
x x
x
≠ ≠
 
⇔
 
− ≠ ≠ ±
 

Khi
đ
ó ph
ươ
ng trình
đ
ã cho t
ươ

ng
đươ
ng v
ớ
i:
( )
sinx sinx
3 sinx 2 1 cos sinx
cos cos
x
x x
   
+ = + −
   
   


0,25
(
)
(
)
2 2
sinx 2cos 3cos 1 0 2cos 3cos 1 0, :sinx 0
x x x x Do
⇔ + + = ⇔ + + = ≠


0,25
Ta có:

2
cos 1
2cos 3cos 1 0
1
cos
2
x
x x
x
= −


+ + = ⇔

= −


Vì
cos 1
x
≠ −
nên ta có:


0,25
Câu 2
1,0 điểm
1 2
os 2 ,( )
2 3

c x x k k
π
π
= − ⇔ = ± + ∈
ℤ

Vậy nghiệm phương trình:
2
2
3
x k
π
π
= ± + với k
∈
ℤ



0,25
(
)
(
)
( )
( )
( )
2 2
2
2

2 3 3 3
2 4 2
x x y y xy x y
x y

+ − + = −


− = −



Ta có phương trình (1) tương đương với:
( ) ( )
3
3
3 3
x x y x y x
+ = − + −
(3)


0,25
Xét hàm số:
3
( ) 3 ,f t t t t
= + ∀ ∈
ℝ

Do:

2
'( ) 3 3 0,f t t t
= + > ∀ ∈
ℝ
nên hàm số đồng biến trên
ℝ

Suy ra: (3)
(
)
(
)
2
f x f y x y x
⇔ = − ⇔ =



0,25
Thay vào pt (2) ta được: (x
2
– 2)
2
= 4(2 – 2x)
⇔
x
4
= 4(x – 1)
2

⇔
2
2
2( 1)
2( 1)
x x
x x

= −

= − −


* PT: x
2
= 2(x – 1) vô nghi
ệ
m

0,25
Câu 3
1,0 điểm
* PT: x
2
= -2(x – 1)
1 3
x⇔ = − ±
V
ậ
y nghi

ệ
m c
ủ
a h
ệ
ph
ươ
ng trình là:
1 3 1 3
;
2 2 3 2 2 3
x x
y y
 
= − + = − −
 
 
= − + = − −
 
 

0,25
Đặ
t
2
2
2tanx
2 tan
os
t x dt dx

c x
= +
⇒
=
Đổ
i c
ậ
n:
khi x = 0 ta có: t = 2;
khi
4
x
π
=
ta có: t = 3


0,25

Câu 4
1,0 điểm

Ta có:
( )
3
2
4
2
2
0 2

tan tanx 1 2
.
os 2
2 tan
x t
I dx dt
c x t
x
π
−
= =
+
∫ ∫


0,25
(1)
(2)
www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam
www.DeThiThuDaiHoc.com
3 3
2 2
1
2
dt
dt
t
= −
∫ ∫

0,25

3 3
1 1 3
ln ln
2 2
2 2 2
t t= − = −



0,25
Câu Đáp án Điểm
E
I
H
C
A
D
B
S
M
F
K

Gọi H là trung điểm cạnh AB, khi đó
SH AB
⊥
, do (SAB)

⊥
(ABCD)
nên SH
⊥
(ABCD)
Gọi I là hình chiếu vuông góc của H lên BD khi đó: BD
⊥
(SHI), (Do BD
⊥
SH)
Suy ra BD
⊥
SI, do đó góc giữa (SBD) và (ABCD) là:

SIH
, theo giả thiết:

SIH
= 60
0

0,25

Ta có: HI =
1 2
4 4
a
AC =
Trong tam giác vuông SHI ta có: SH = HI.tan60
0
=
6
4
a

Ta có: S
BCDM
= S
ABCD
– S
ABM
=
2 2

2
5
6 6
a a
a − =
V
ậ
y
3
.
1 5 6
.
3 72
S BCDM BCDM
a
V S SH= = (
Đ
VTT)



0,25
Câu 5
1,0 điểm
D
ự
ng HN, AE song song v
ớ
i CM (N, E thu
ộ

c c
ạ
nh BC)
Khi
đ
ó: CM//(SAE), E là trung
đ
i
ể
m CN
Ta có:
(
)
(
)
(
)
(
)
(
)
(
)
, ,( ) , ,( ) ,(
d CM SA d CM SAE d C SAE d N SAE d H SAE
= = = =

G
ọ
i F là hình chi

ế
u vuông góc c
ủ
a H lên AE, K là hình chi
ế
u vuông góc c
ủ
a H lên
SF, khi
đ
ó: (SHF)
⊥
(SAE) nên HK
⊥
(SAE), do
đ
ó:
(
)
,( )
d H SAE HK
=


0,25
N
www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam
www.DeThiThuDaiHoc.com
Trong tam giác vuông ABE, ta có:


2
2
2
2
3
sin
13
4
9
a
BE
BAE
AE
a
a
= = =
+

Suy ra HF = AH.sin

BAE
=
13
a

Trong tam giác vuông SAF ta có:
2 2 2
2 2
1 1 1 . 3
47

HF HS
HK a
HK HF HS
HF HS
= + ⇒ = =
+
. Vậy
( )
3
,
47
d CM SA a=




0,25
Câu Đáp án Điểm
Ta có:
(
)
( )
2
4
2 2
4 4
2 8
x y
x y
x y

+
+
+ ≥ ≥ ,
( )
4
4 4 2 2
1 1 2 32
x y x y
x y
+ ≥ ≥
+

0,25
Do đó:
( )
( )
4
4
4
4
4
4
32 1 1
32 5
8 8
x y
x y z
P z
z z x y
x y

   
+
 
+
 
≥ + + = + +
   
 
 
+
 
+
 
   
   


0,25
Đặt
4
,
x y
t
z
+
 
=
 
 
ta có:

0 1
t
< ≤
(Do: x + y
≤
z)
Suy ra:
(
]
32
( ) 5, 0;1
8
t
P f t t
t
≥ = + + ∀ ∈
0,25
Câu 6
1,0 điểm
Ta có:
2
1 32
'( ) , '( ) 0 16
8
f t f t t
t
= − = ⇔ = ±
, do
đ
ó:

(
]
'( ) 0, 0;1
f t t< ∀ ∈

Suy ra:
297
'( ) (1)
8
f t f≥ =
V
ậ
y
297
min , :
8
x y
P khi
x y z
=

=

+ =




0,25
A. Theo chương trình chuẩn

Câu Đáp án Điểm

G
ọ
i M là giao
đ
i
ể
m c
ủ
a AH và CD
Ta có hai tam giác ABE và ADM b
ằ
ng nhau (Vì:
AB = AD,


ABE DAM
=
, do cùng ph
ụ
v
ớ
i

AEH
)
Do
đ
ó DM = AE = AF, suy ra BCMF là hình ch

ữ

nh
ậ
t.



0,25
G
ọ
i I là tâm hình ch
ữ
nh
ậ
t BCMF
Trong tam giác vuông MHB ta có:
1
2
HM BM
=
Do BM = CF nên
1
2
HM CF
= , suy ra tam giác CHF vuông t
ạ
i H.
0,25
Câu 7b

1,0 điểm
G
ọ
i t
ọ
a
độ
C(2c – 1; c), ta có:
(
)
(
)
2 2; 1 , 1;1
HC c c HF= − + =
 

0,25
I
M
H
F
E
B
A
D
C

www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam
www.DeThiThuDaiHoc.com
Vì CH

⊥
FH nên
1
. 0 2 2 1 0
3
HC HF c c c
= ⇔ − + + = ⇔ =
 
. V
ậ
y t
ọ
a
độ

1 1
;
3 3
C
 
−
 
 

0,25

G
ọ
i (P) là m
ặ

t ph
ẳ
ng ch
ứ
a A và d
1
, g
ọ
i M(0; 1; 1) thu
ộ
c d
1
,
(
)
2;1;1
u =

là véc t
ơ
ch
ỉ

ph
ươ
ng c
ủ
a d
1
. Khi

đ
ó véct
ơ
pháp tuy
ế
n c
ủ
a (P) là:
( )
, 3; 1; 5
n AM u
 
= = − −
 

 

Do
đ
ó ph
ươ
ng trình c
ủ
a (P) là: 3x – y - 5z + 6 = 0.
0,25
Suy ra C là giao
đ
i
ể
m c

ủ
a d
2
và (P), ta có t
ọ
a
độ
C là nghi
ệ
m c
ủ
a h
ệ
ph
ươ
ng trình:
( )
1
1 1 2
3 1;3;0
1 1 1
3 5 6 0
0
x
x y z
y C
x y z
z
= −


− − −

= =
 
⇔ = ⇒ −
−
 
 
− − + =
=



0,25
G
ọ
i t
ọ
a
độ
B thu
ộ
c d
1
là:
(
)
2 ; 1; 1
B b b b
+ +

Câu 8a
1,0 điểm
Ta có: AB
( ) ( ) ( )
2 2 2
2
2 1 2 1 6 2 6
b b b b b
= − + + + − = − +
, AC =
2 6

0,25

Do AC = 2AB nên:
2 2
0
2 6 2 6 2 6 6 2 0
1
3
b
b b b b
b
=


− + = ⇔ − = ⇔


=


Vì B có hoành độ dương nên
2 4 4
; ;
3 3 3
B
 
 
 

0,25
Đặt z = x + yi, (x, y
R
∈
), khi đó:
(
)
(
)
( )
(
)
(
)
(
)
( )
( )

( )
( )
2
2
2 2
2
2
2 3 1
2 3
1
1
2 2 3 2 2 1
1
x y i x y i
x y i
u
x y i
x y
x y x y x y i
x y
   
+ + + − −
+ + +
   
= =
+ −
+ −
+ + + − + − +
=
+ −

u là số thuần ảo khi và chỉ khi
( )
( ) ( )
( ) ( )
2 2
2 2
2
2
2 2 3 0
1 1 5
1 0
; 0;1
x y x y
x y
x y
x y


+ + + − =
+ + + =
 
⇔
 
+ − >
≠





(1)

0,5
Ta có:
( ) ( ) ( ) ( )
2 2 2 2
1 3 1 1 3 1 1 2 2 0
z i z i x y x y x y
+ − = − + ⇔ + + − = − + + ⇔ − + =
(2)


0,25
Câu 9a
1,0 điểm
Từ (1) và (2) ta có:
( )
3 16
; ;
5 5
x y
 
= − −
 
 
. Vậy số phức cần tìm:
3 16
5 5
z i
= − −

0,25
B. Theo chương trình Nâng cao
Câu Đáp án Điểm
Ta có:
a
= 5, b = 3, suy ra c = 4
Gọi
(
)
;
M a b
thuộc elip ta có:
1 2
4 4
5 , 5
5 5
MF a MF a
= + = −
0,25
Vì tam giác F
1
MF
2
vuông tại M nên:
2 2 2
1 2 1 2
MF MF F F
+ =
2 2
2

4 4 175
5 5 64
5 5 8
a a a
   
⇔ + + − = ⇔ =
   
   



0,25

Do M thuộc elip nên:
2 2
2
9
1
25 9 8
a b
b
+ = ⇔ =

0,25

Câu 7b
1,0 điểm
Vậy tọa độ cần tìm:
0,25

www.MATHVN.com – Toán học Việt Nam
www.DeThiThuDaiHoc.com
5 14 3 2 5 14 3 2 5 14 3 2 5 14 3 2
; , ; , ; , ;
4 4 4 4 4 4 4 4
M M M M
       
− − − −
       
       
       

Vì M thu
ộ
c d nên t
ọ
a
độ
M có d
ạ
ng:
(
)
;1 2 ; 1
M a a a
− +

Ta có:
(
)

(
)
1; 2 ; 1 , 1; 2; 1
AM a a a AB
= − − − = − −
 

Suy ra:
( )
, 4 2;2 2;2
AM AB a a
 
= − −
 
 

0,25
Ta có:
( ) ( )
2 2
2
1 1
, 4 2 2 2 4 5 6 3
2 2
AMB
S AM AB a a a a
∆
 
= = − + − + = − +
 

 

0,25
Câu 8b
1,0 điểm
Theo gi
ả
thi
ế
t ta có ph
ươ
ng trình:
2 2
0
5 6 3 3 5 6 0
6
5
a
a a a a
a
=


− + = ⇔ − = ⇔

=


Vì M có hoành độ dương nên tọa độ cần tìm:
6 7 11

; ;
5 5 5
M
 
−
 
 

0,5
Vì
∆
= -3, nên ph
ươ
ng trình có hai nghi
ệ
m ph
ứ
c:
1 2
1 3 , 1 3
z i z i
= + = −
, (Do z
1
có
ph
ầ
n
ả
o d

ươ
ng)
0,25
Ta có:
(
)
2
2
2
1
2
1 3
1 3 1 3
os .sin
4 2 2 3 3
1 3
i
z
i
i c i
z
i
π π
+
 
+
 
= = = + = +
 
 

 
−
 
 

0,25
Do
đ
ó:
2013
4026
1
2
os .sin os1342 .sin1342 1
3 3
z
c i c i
z
π π
π π
 
 
= + = + =
 
 
 
 

0,25
Câu 9b

1,0 điểm
V
ậ
y ph
ầ
n th
ự
c b
ằ
ng 1, ph
ầ
n
ả
o b
ằ
ng 0.
0,25

…………… Hết…………….