Những bài toán có phương pháp giải ngắn + hay

26 BÀI TOÁN KHÓ CỦA ĐỀ THI ĐẠI HỌC
KHỐI B NĂM 2011
GIẢI NHANH TRONG THỜI GIAN KHÔNG QUÁ 780S ( 13 PHÚT)
- Những điều lưu ý trước khi nhận xét:
1.Bạn đã từng xem qua cách giải nhanh bằng máy tính của các đề thi ĐH-CĐ các năm 2010.
2.Bạn đã đọc qua một vài chìa khóa vàng trong bộ sưu tập 30 CKV.
3.Bạn phải làm dạng bài toán này nhiều lần hoặc được GV hướng dẫn rồi.
4.Bạn cần có máy tính FX570ES (PLUZ càng tốt).
5.Bạn phải có kỹ năng giải toán trong hóa học tốt.
6.Bạn phải nắm và thuộc hết các công thức giải nhanh mà tôi đã khuyên bạn.
7.Bạn phải thuộc khối lượng mol các chất vô cơ cũng như hữu cơ.
8.Bạn phải nắm được quy luật đồng phân, ctct của axit, ancol, anđêhit, amin, este, amino axit,
ete, xeton, đồng đẵng phenol, đồng đẵng anilin
9.Bạn phải thuộc tất cả các tên gọi và ctct thu gọn của tất cả các hợp chất hữu cơ có trong SGK
10. Tính chất hóa học của từng chất, từng nguyên tố, các dãy đồng đẵng, các chất đặc biết
CHÚ Ý: 26 BÀI TOÁN KHÓ CÓ NHỮNG BÀI GIẢI NHANH NẾU KHÓ HIỂU THÌ XEM GIẢI
CHI TIẾT NHIỀU CÁCH KHÁC NHAU NHÉ:
(Bạn chỉ cần vào google sau đó đánh dòng chữ có dấu hoặc không dấu sau đó tải về máy:
chìa khóa vàng giải chi tiết khối A , B năm 2010 hoặc 2011)
Câu 1 : Hỗn hợp X gồm Fe(NO
3
)
2
, Cu(NO
3
)
2
và AgNO
3
. Thành phần % khối lượng của nitơ trong X là
11,864%. Có thể điều chế được tối đa bao nhiêu gam hỗn hợp ba kim loại từ 14,16 gam X?

A. 10,56 gam B. 7,68 gam C. 3,36 gam D. 6,72 gam
Hướng dẫn:
3
N N
m = 14,16.0,11864 = 1,68gam=>n = 0,12 = =>m = 14,16 - 0,12.62 = 6,72gam
NO
n
−

Câu 2: Khi cho 0,15 mol este đơn chức X tác dụng với dung dịch NaOH (dư), sau khi phản ứng kết thúc thì
lượng NaOH phản ứng là 12 gam và tổng khối lượng sản phẩm hữu cơ thu được là 29,7 gam. Số đồng phân
cấu tạo của X thỏa mãn các tính chất trên là:
A. 4 B. 5 C. 6 D. 2
Hướng dẫn: Áp dụng định luật BTKL
ESTE X 7 8 8 8 2
m =29,7+0,15.18 -12=20,4 gam=>M =136=R +44=>R = 92=>C H - =>CTPT C H O
=> Có 4 đồng phân. => A đúng.
Câu 3: Để luyện được 800 tấn gang có hàm lượng sắt 95% , cần dùng x tấn quặng manhetit chứa 80% Fe
3
O
4
(còn lại là tạp chất không chứa sắt). Biết rằng lượng sắt bị hao hụt trong quá trình sản xuất là 1%. Giá trị của
x là:
A. 959,59 B. 1311,90 C. 1394,90 D. 1325,16
Hướng dẫn: sử dụng máy tính FX570ES tính không quá 20S đâu.
800.232 95 100 100
x = . . . = 1325,1563 =1325,16 tân
56.3 100 80 99
=> D đúng.
Chú ý: hao hụt 1% nghĩa là hiệu suất pư sẽ là 99% thôi.

Nếu không chú ý đến hao hụt1% thì thật là tai hại với kết quả đáng tiếc sau:
800.232 95 100
x = . . .= 1311,90 tân
56.3 100 80
=> B sai.
Câu 4: Để hiđro hóa hoàn toàn 0,025 mol hỗn hợp X gồm hai anđehit có khối lượng 1,64 gam, cần 1,12 lít
H
2
(đktc). Mặt khác, khi cho cũng lượng X trên phản ứng với một lượng dư dung dịch AgNO
3
trong NH
3
thì
thu được 8,64 gam Ag. Công thức cấu tạo của hai anđehit trong X là:
A. OHC-CH
2
-CHO và OHC-CHO B. H-CHO và OHC-CH
2
-CHO
C. CH
2
=C(CH
3
)-CHO và OHC-CHO D. CH
2
=CH-CHO và OHC-CH
2
-CHO
Th¹c sü: NguyÔn V¨n Phó: §T 01652.146.888 hoặc 098.92.92.117. Email:
Hướng dẫn:

Cách 1: suy luận nhanh sau: nhìn vào số mol 0,025 thì
chọn số mol 0,01 và 0,015 sau đó
dùng máy
tính
FX570ES thay nhanh khối lượng mol các đáp án thì chỉ có D đúng.
Vì
0,01.56 0,015.72 1,64 gam+ =
trùng với khối lượng X mà bài ra đã cho. tất nhiên ta cần nắm khối lượng
mol các đáp án sau:
A. OHC-CH
2
-CHO(72) và OHC-CHO(58) B. H-CHO(30) và OHC-CH
2
-CHO(58)
C. CH
2
=C(CH
3
)-CHO(84) và OHC-CHO(58) D. CH
2
=CH-CHO(56) và OHC-CH
2
-CHO(72)
Nếu khó hiểu thì xem cách sau thôi.
Cách 2 : nH
2

:

n

X
=

2:
1 → V
ậ
y
h
ai

anđeh
it

đ
ề
u
cộ
ng

hiđr
o
t
heo

t
ỉ lệ
1:
2 → loại B
n

Ag
/ n
andehit
= 0,08:0,025 = 3,2 → loại A và andehit 2 chức có số mol (0,08- 0,025x2)/2 = 0,015 mol ;
andehit đơn chức = 0,01 mol phương án D thỏa mãn
Câu 5: Hỗn hợp khí X gồm etilen, metan, propin và vinylaxetilen có tỉ khối so với H
2
là 17. Đốt cháy hoàn
toàn 0,05 mol hỗn hợp X rồi hấp thụ toàn bộ sản phẩm cháy vào bình dung dịch Ca(OH)
2
(dư) thì khối lượng
bình tăng thêm m gam. Giá trị của m là:
A. 5,85 B. 3,39 C. 6,6 D. 7,3
Giải nhanh:( không quá 20s cho bài toán này) .Ta thấy 4 chất trên đều có 4H nên Đ
ặ
t
X l
à:
2 2
4 tang CO H O
n
C H =>12n+4 =17.2 =>n=2,5=>m = m +m =0,05.2,5.44+0,05.2.18=7,3 gam
=> D đúng
Câu 6: Nhiệt phân 4,385 gam hỗn hợp X gồm KClO
3
và KMnO
4
, thu được O
2
và m gam chất rắn gồm

K
2
MnO
4
, MnO
2
và KCl . Toàn bộ lượng O
2
tác dụng hết với cacbon nóng đỏ, thu được 0,896 lít hỗn hợp khí
Y (đktc) có tỉ khối so với H
2
là 16. Thành phần % theo khối lượng của KMnO
4
trong X là:
A. 62,76% B. 74,92% C. 72,06% D. 27,94%
Hướng dẫn: gặp bài toán này chắc nhiều thí sinh sẽ gắp chút rắc rối đấy nhỉ? nhưng không sao đã có
cách hay mà tôi đã giới thiệu những đề thi ĐH năm trước rổi.
Từ hỗn hợp X ta có ngay pt:
158x + 122,5y = 4,385
. sử dụng máy tính FX570ES tính không quá 20S là
tìm ra được đáp án C. Vì nghiệm hợp lý là x=0,02mol, y=0,01mol=>
0,02.158
% KMnO4 = .100% 72,06%
4,385
=
Câu 7: Cho hơi nước đi qua than nóng đỏ, thu được 15,68 lít hỗn hợp khí X (đktc) gồm CO, CO
2
và H
2
. Cho

toàn bộ X tác dụng hết với CuO (dư) nung nóng, thu được hỗn hợp chất rắn Y. Hòa tan toàn bộ Y bằng dung
dịch HNO
3
(loãng, dư) được 8,96 lít NO (sản phẩm khử duy nhất, ở đktc). Phần trăm thể tích khí CO trong X
là:
A. 18,42% B. 28,57% C. 14,28% D. 57,15%
Hướng dẫn:
n
NO
= 0,4 mol→ n
Cu
= 0,6 = n
O
=
2
H,CO
n
mà n
hh
= 0,7 mol→
2
CO
n
= 0,1 mol
2H
2
O

+

C
→
CO
2

+

2H
2
H
2
O

+

C
→
CO

+

H
2
0,1 → 0,2 Ta có: 0,2 0,2

CO
0,2
%V = .100%= 28,57 %
0,7

Câu 8: Cho 1,82 gam hỗn hợp bột X gồm Cu và Ag (tỉ lệ số mol tương ứng 4 : 1) vào 30 ml dung dịch gồm
H
2
SO
4
0,5M và HNO
3
2M, sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được a mol khí NO (sản phẩm khử
duy nhất của N
+5
). Trộn a mol NO trên với 0,1 mol O
2
thu được hỗn hợp khí Y. Cho toàn bộ Y tác dụng với
H
2
O, thu được 150 ml dung dịch có pH = z. Giá trị của z là:
A. 1 B. 3 C. 2 D. 4
Hướng dẫn:
Suy luận nhanh:
Nhìn vào đáp án thì cũng suy luận được như sau
0,015(*)or 0,0015(**) or 0,00015(***) or 0,000015(****)
H H H H
n n n n
+ + + +
= = = =
(***) và (****) thì số mol quá bé nên không thể , còn xét các dữ kiện bài toàn thì (**) cũng
loại luôn. Như vậy
pH = 1 => A đúng.
Giải nhanh: nhìn vào đáp án thì cũng biết pH = 1 hoặc pH = 2 rồi( xem thêm kỹ năng giải “CHÌA KHÓA
VÀNG 9: CHUYÊN ĐỀ pH” nhé). ta có: 64.4.x + 108.x = 1,82 → x = 0,005 mol ;

+
H
n
= 0,09 mol .
Th¹c sü: NguyÔn V¨n Phó: §T 01652.146.888 hoặc 098.92.92.117. Email:
3
1 1 0,015
(0,02.2 0,015) 0,015 0,015 1
3 3 0,15
NO e HNO NO
H
n n mol n n n mol pH
+
= = + = => = = = => = =
Cách khác:
nCu

=
0,02
;

nAg

=
0,005 →
T
ổ
ng
số
mol

e
cho

t
ối
đa

=
0,02.2
+
0,005.1
=
0,45
nH
+
=
0,09
m
ol
;

nNO
3
-

=
0,06 (
dư
);
4H

+
+
NO
3
-

+
3e →
NO

+

2H
2
O
0,06 0,045 0,015 =>Ag,
Cu

đ
ã

ph
ả
n

ứ
n
g
h
ế

t
.
2NO
+

O
2

→
2NO
2
0,015 0,0075 0,015
4NO
2
+

O
2

+

2H
2
O
→
4H
NO
3
0,015 0,015
3

HNO
n
= 0,015 → [HNO
3
] = [H
+
] = 0,1 → pH = 1
Câu 9: Cho 400 ml dung dịch E gồm AlCl
3
x mol/lít và Al
2
(SO
4
)
3
y mol/lít tác dụng với 612 ml dung dịch
NaOH 1M, sau khi các phản ứng kết thúc thu được 8,424 gam kết tủa. Mặt khác, khi cho 400 ml E tác dụng
với dung dịch BaCl
2
(dư) thì thu được 33,552 gam kết tủa. Tỉ lệ x : y là
A. 4 : 3 B. 3 : 4 C. 7 : 4 D. 3 : 2
giải nhanh:. (sử dụng máy tính FX570ES tính không quá 30S)
Áp dụng BTNT lưu huỳnh:
2 4 3 4
( )
1 1 33,552 0,048
. 0,048 0,12
3 3 233 0,4
Al SO BaSO
n n mol y M

= = = => = =
Áp dụng BTNT nhôm:
3 3 2 4 3
( ) ( )
1 8,424 1 0,084
.0,048 0,084 0,21
2 78 2 0,4
AlCl Al OH Al SO
n n n mol x M
= − = − = => = =
0,21 7
on C
0,12 4
x
Ch
y
=> = = =>
Câu 10: Hỗn hợp X gồm O
2
và O
3
có tỉ khối so với H
2
là 22 . Hỗn hợp khí Y gồm metylamin và etylamin có
tỉ khối so với H
2
là 17,833. Để đốt cháy hoàn toàn V
1
lít Y cần vừa đủ V
2

lít X (biết sản phẩm cháy gồm CO
2
,
H
2
O và N
2
, các chất khí khi đo ở cùng điều kiện nhiệt độ, áp suất). Tỉ lệ V
1
: V
2
là:
A. 3 : 5 B. 5 : 3 C. 2 : 1 D. 1 : 2
Hướng dẫn: Đặt công thức của Y là:
NHC
nn 32 +
→
n
=
3
4
2
NHC
nn 32 +
→ 2
n
CO
2
+ (2
n

+ 3) H
2
O → Chọn 1 mol Y và Bảo toàn cho O
1
n

2
3+n

→n
O
= 2
n
+
2
3+n
= 5,5 mol → m
O
=5,5.16= 88 → n
hhX
=
44
88
= 2mol V
ậ
y V
1

:V
2

=

1:
2=> D đúng.
Câu 11: Hỗn hợp X gồm hai anđehit đơn chức Y và Z (biết phân tử khối của Y nhỏ hơn của Z). Cho 1,89
gam X tác dụng với một lượng dư dung dịch AgNO
3
trong NH
3
, sau khi các phản ứng kết thúc, thu được
18,36 gam Ag và dung dịch E. Cho toàn bộ E tác dụng với dung dịch HCl (dư), thu được 0,784 lít CO
2
(đktc). Tên của Z là:
A. anđehit propionic B. anđehit butiric C. anđehit axetic D. anđehit acrylic
giải nhanh: (sử dụng máy tính FX570ES tính không quá 15S)
2 3 2 3
30.0,035 ( 29).0,015 1,89 R = 27 (C H ) C H :R CHO andehit acrylic+ + = ⇒ − ⇒ −
=>chọn D.
Phân tích bài toán: +
Tr
ong

h
ỗ
n

h
ợ
p

an
đehi
t

ban

đ
ầ
u
có
HCHO
Vì
cho

HCl

vào

dun
g
d
ị
ch

sau

ph
ả
n

ứ
ng

tr
áng
g
ương
có
CO
2

ch
ứ
ng

t
ỏ
tr
ong

dun
g
d
ị
ch

đó
có (NH
4

)
2

CO
3

.
+
HCHO
→ 4Ag
+

(NH
4
)
2

CO
3

→
CO
2
0,035 ← 0,14 ←0,035mol
+ RCHO
→ 2Ag
0,015 ← 0,03
Th¹c sü: NguyÔn V¨n Phó: §T 01652.146.888 hoặc 098.92.92.117. Email:
Cách khác: n
Ag

= 0,17 mol.Nếu hỗn hợp không có HCHO →
M
=
0850
891
,
,
= 22,2 loại → Có HCHO

2
CO
n
= n
HCHO
= 0,035 mol→ n
Ag (HCHO)
= 0,035 .4=0,14mol → n
Ag (Z)
= 0,03 → n
Z
= 0,015 mol
30.0,035 + 0,015.M = 1,89 → M = 56 =>C
2
H
3
-CHO=> D đúng
Câu 12: Trong tự nhiên clo có hai đồng vị bền:
37
17
Cl

chiếm 24,23% tổng số nguyên tử, còn lại là
35
17
Cl
.
Thành phần % theo khối lượng của
37
17
Cl
trong HClO
4
là:
A. 8,92% B. 8,43% C. 8,56% D. 8,79%
Hướng dẫn: Giải nhanh:
Cl
M
= 37.0,2423 + 35.0,7577 = 35,4846 → %
Cl
37
=
4164846351
2423037
.,
,.
++
= 8,92%
Câu 13: Chia hỗn hợp gồm hai đơn chức X và Y (phân tử khối của X nhỏ hơn của Y) là đồng đẳng kế tiếp
thành hai phần bằng nhau:
- Đốt cháy hoàn toàn phần 1 thu được 5,6 lít CO
2

(đktc) và 6,3 gam H
2
O.
- Đun nóng phần 2 với H
2
SO
4
đặc ở 140
0
C tạo thành 1,25 gam hỗn hợp ba ete. Hóa hơi hoàn toàn hỗn hợp
ba ete trên, thu được thể tích của 0,42 gam N
2
(trong cùng điều kiện nhiệt độ, áp suất).
Hiệu suất của phản ứng tạo ete của X, Y lần lượt là:
A. 30% và 30% B. 25% và 35% C. 40% và 20% D. 20% và 40%
Giải nhanh:
Phần 1:
OH
n
2
= 0,35mol và
2
CO
n
= 0,25mol → ancol no,đơn chức → n
HH
=0,35-0,25= 0,1 mol→
n
= 2,5
C

2
H
5
OH và C
3
H
7
OH
Áp dụng CT tính nhanh:
2
2
CO
ancol H O
V
5,6
m = m - 6,3 5,3
5,6 5,6
gam= − =
Phần 2: Áp dụng CT tính nhanh
ancol ete H2O
ete
42
m = m + m 1,25 .18 1,52 5,3 1,52 3,87 46. 60. 3,87(1)
28
0,1 2. =0,1-2.0,015 0,7 0,7(2). (1) à (2)=>x=0,03mol,y=0,04mol
ancoldu
ancol du
gam m gam x y
n n mol x y tu v
= + = => = − = => + =

= − = => + =
Hi
ệ
u

su
ấ
t
es
te

hóa
c
ủ
a
X
và
Y l
à

40%

và

20%=> C đúng.
Chú ý: +Công thức tính khối lượng ancol đơn chức no hoặc hỗn hợp ankan đơn chức no theo khối lượng
CO
2
( hoặc thể tích CO2) và khối lượng H
2

O :thì ta cần nhớ CT nhanh sau:
m
ancol
= m
H
2
O
-
11
2
CO
m

hoặc
2
CO
ancol H2O
V
m = m -
5,6
( đã chứng minh trong tập 3 chìa khóa
vàng hữu cơ, mà bạn đã xem tài liệu đó chưa tề??? Nếu cần thì liên lạc để lấy tài liệu mà ôn thi cấp
tốc nhé.)
+ Áp dụng bảo toàn khối lượng: m
ancol
= m
ete
+ m
H2O ,
và cần nhớ: n

ancol
= 2.n
ete
=2.n
H2O ,
Câu 14: Thực hiện các phản ứng nhiệt nhôm hỗn hợp gồm m gam Al và 4,56 gam Cr
2
O
3
(trong điều kiện
không có O
2
), sau khi phản ứng kết thúc, thu được hỗn hợp X. Cho toàn bộ X vào một lượng dư dung dịch
HCl (loãng, nóng), sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được 2,016 lít H
2
(đktc). Còn nếu cho toàn bộ
X vào một lượng dư dung dịch NaOH (đặc, nóng), sau khi phản ứng kết thúc thì số mol NaOH đã phản ứng
là:
A. 0,06 mol B. 0,14 mol C. 0,08 mol D. 0,16 mol
Hướng dẫn:

32
OCr
n
= 0,03mol →
+3
Cr
n
= 0,06 = n
Cr

= n
Al (Pư)
→
)Cr(H
n
2
= 0,06mol →
)Al(H
n
2
= 0,03mol
→ n
Al

dư
= 0,02 mol→ n
Al
= 0,06 + 0,02 = 0,08 mol=> C đúng ( Vì Bảo toàn nguyên tố cho Al và Na:
Al → NaAlO
2
→ n
NaOH
= n
Al
= 0,08 ),
Chú ý: dạng bài toán này( phản ứng nhiệt nhôm) khó và phức tạp hay ra trong đề thi HSG nên càn
luyện nhiều để có kỹ năng giải toán.
Th¹c sü: NguyÔn V¨n Phó: §T 01652.146.888 hoặc 098.92.92.117. Email:
Câu 15: Hấp thụ hoàn toàn 2,24 lít CO
2

(đktc) vào 100 ml dung dịch gồm K
2
CO
3
0,2M và KOH x mol/lít ,
sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được dung dịch Y. Cho toàn bộ Y tác dụng với dung dịch BaCl
2
(dư), thu được 11,82 gam kết tủa. Giá trị của x là:
A. 1,0 B . 1,4 C. 1,2 D. 1,6
Hướng dẫn: n
↓
= 0,06mol,
Nh
ậ
n

th
ấ
y
n
CO
2

+

n
CO
−2
3
ban

đ
ầ
u

=

n
HCO
−
3
+

n
BaCO
3

→

n
HCO
−
3
=
0,06
m
ol

2
3 2 3

( )
2. 0,06 2.0,04 0,14 1,4 ( / ít)
OH HCO CO CO
n n n mol x mol l
− − −
= − = + = => =
=> B đúng.
Phân tích:
CO
2

+
2OH
-

→
CO
3
2-

;
CO
2

+

OH
-

→

HCO
3
-
m
ol
:
0,04 → 0,08
← 0,04
0,06 ← 0,06← 0,06
V
ậ
y
n
OH
-

=
0,14
m
ol. V
ậ
y x
=
0,14
:0,
1
=
1,4
mol/lít
Câu 16: Hỗn hợp X gồm vinyl axetat, metyl axetat và etyl fomat. Đốt cháy hoàn toàn 3,08 gam X, thu được

2,16 gam H
2
O. Phần trăm số mol của vinyl axetat trong X là:
A. 25% B. 27,92% C. 72,08% D. 75%
Hướng dẫn: Giải nhanh:(không quá 15S cho bài toán này) 86x + 74y = 3,08 nghiệm hợp lý → x
= 0,01mol (y=0,03mol)→ % C
4
H
6
O
2
= 25%.
Phân tích bài toán:

Thứ nhất: nhìn vào đáp án cũng biết được A: 25% đúng vì đây là % số mol. và không thể là D:75%.
Thứ hai: nếu là % về khối lượng thì B: 27,92% đúng và không thể là C:72,08%.
Thứ ba:
metyl axetat và etyl fomat là đồng phân của nhau và có khối lượng mol=74.
Thứ tư: nhìn vào 2,16g nước thì
2
0,04
3
H O
HH
n
n mol= =
, sử dụng máy tính thử sẽ chọn được A:25% đúng
Câu 17: Hỗn hợp M gồm một anđehit và một ankin (có cùng số nguyên tử cacbon). Đốt cháy hoàn toàn x
mol hỗn hợp M, thu được 3x mol CO
2

và 1,8x mol H
2
O. Phần trăm số mol của anđehit trong hỗn hợp M là:
A. 20% B. 50% C. 40% D. 30%
giải nhanh: không mất tính tổng quát ta giả sử x=1mol.
2
3 4 3 3 n
3 à: C H ( ), à: C H O=> n=2 hay ì H 3,6
CO
M
n
C ankinl CH C CH andehit l CH C CHOv
n
= = => ≡ − ≡ − =
áp dụng pp đường chéo:
3 2
3 2
3 4
2 ( )
4 3,6 0,4 1 0,2
% 25%
4 ( ) 3,6 2 1,6 4 0,8
H C H O
C H O
H C H
−
= = = = => =
−
=> A đúng
Cách khác: x mol M → 3x mol CO

2
→ n = 3 → ankin là C
3
H
4
và anđehit là C
3
H
m
O

2H O
n
= 1,8 x →
m
= 3,6 → m = 2 (Vì C
3
H
4
có số H > 3,6) → CH
CHOC
−≡
Gọi x là số mol C
3
H
4
có trong 1 mol hỗn hợp: 4x + 2(1 – x )= 3,6 → x = 0,8 → n
anđehit
= 0,2 => A đúng
Câu 18: X là hỗn hợp gồm H

2
và hơi của hai anđehit (no, đơn chức, mạch hở, phân tử đều có số nguyên tử C
nhỏ hơn 4), có tỉ khối so với heli là 4,7. Đun nóng 2 mol X (xúc tác Ni), được hỗn hợp Y có tỉ khối hơi so với
heli là 9,4. Thu lấy toàn bộ các ancol trong Y rồi cho tác dụng với Na (dư), được V lít H
2
(đktc). Giá trị lớn
nhất của V là
A. 22,4 B. 5,6 C. 11,2 D. 13,44
Cách 1:
Áp

dụ
ng

ĐLBTKL

ta
có
:
2 2
X Y X X Y Y
9,4 2 1
m = m -> n .M = n .M => = 0,5 11,2 ít
4,7 1 2
X Y
H ancol H
Y X
n M
n n mol V l
n M

= = => = = => =
Cách 2:
2
1
d
d
=
1
2
n
n
=
49
74
,
,
=
2
1
Chọn n
2
= 1 → n
1
= 2 → H
2
hết, n
ancol
= 1mol →
2
H

n
= 0,5 mol → V = 11,2 lit
Câu 19: Chất hữu cơ X mạch hở có dạng H
2
N-R-COOR
'
(R, R' là các gốc hiđrocacbon), phần trăm khối
lượng nitơ trong X là 15,73%. Cho m gam X phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH, toàn bộ lượng ancol
sinh ra cho tác dụng hết với CuO (đun nóng) được anđehit Y (ancol chỉ bị oxi hóa thành anđehit). Cho toàn
bộ Y tác dụng với một lượng dư dung dịch AgNO
3
trong NH
3
, thu được 12,96 gam Ag kết tủa. Giá trị của m
là:
A. 2,67 B. 4,45 C. 5,34 D. 3,56
Th¹c sü: NguyÔn V¨n Phó: §T 01652.146.888 hoặc 098.92.92.117. Email:
Giải nhanh:
2 2 3
= 14.0,1573= 89 =>X là H N-CH COOCH
X
M
3
1 0,12
0,03 0,03.89 2,67
4 4
X CH OH HCHO Ag X
n n n n mol m gam= = = = = => = =
=> A đúng
Câu 20: Cho m gam bột Zn vào 500 ml dung dịch Fe

2
(SO
4
)
3
0,24M. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn,
khối lượng dung dịch tăng thêm 9,6 gam so với khối lượng dung dịch ban đầu. Giá trị của m là
A.32,50 B. 20,80 C. 29,25 D. 48,75
Giải nhanh:
2 4 3
( ) (sinh )
9,6 7,8
65.( ) 65.(0,12 ) 65.0,32 20,8 dung
9
Zn Fe SO Fe ra
m n n gam B
−
= + = + = = =>
Phân tích bài toán:+ Cách này thì nhanh, song cần phải có đầu óc tưởng tượng,
+Nếu không thì dạng này bạn phải làm nhiều lần.
+ Bạn phải biết áp dụng pp tăng giảm khối lượng thuần thục như cháo mới được.
+ nếu khó hiểu thì xem cách sau vậy.
Chú ý: Nếu khối lượng dung dich tăng 13,44 gam thì quá đơn giản rồi, đúng không???thử xem tại sao????
Câu 21: Nhiệt phân một lượng AgNO
3
được chất rắn X và hỗn hợp khí Y. Dẫn toàn bộ Y vào một lượng dư
H
2
O, thu được dung dịch Z. Cho toàn bộ X vào Z, X chỉ tan một phần và thoát ra khí NO (sản phẩm khử duy
nhất). Biết các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Phần trăm khối lượng của X đã phản ứng là

A.25% B. 60% C. 70% D. 75%
Hướng dẫn: Bảo toàn nguyên tố: n
Ag
=
3
HNO
n
chọn = 1
3 Ag + 4 HNO
3
→ 3 AgNO
3
+ NO + 2 H
2
O
0,75 ← 1
Câu 22: Cho butan qua xúc tác ( ở nhiệt độ cao) thu được hỗn hợp X gồm C
4
H
10
, C
4
H
8
, C
4
H
6
, H
2

. Tỉ khối của
X so với butan là 0,4. Nếu cho 0,6 mol X vào dung dịch brom (dư) thì số mol brom tối đa phản ứng là
A. 0,48 mol B. 0,36 mol C. 0,60 mol D. 0,24 mol
Hướng dẫn:
2
1
d
d
=
1
2
n
n
=
1
40,
→ chọn n
2
= 1 → n
1
= 0,4 → ∆n = 0,6 = n
không no + Hiddro

→ Trong 0,6 mol có 0,6.0,6 = 0,36
Câu 23: Hòa tan 25 gam hỗn hợp X gồm FeSO
4
và Fe
2
(SO
4

)
3
vào nước, thu được 150 ml dung dịch Y. Thêm
H
2
SO
4
(dư) vào 20ml dung dịch Y rồi chuẩn độ toàn bộ dung dịch này bằng dung dịch KMnO
4
0,1M thì dùng
hết 30 ml dung dịch chuẩn. Phần trăm khối lượng FeSO
4
trong hỗn hợp X là
A.13,68% B. 68,4% C. 9,12% D. 31,6%
Hướng dẫn:
số mol KMnO
4
: 0,03 x 0,1 = 0,003 mol
Mn
+7
+ 5 e  Mn
+2
Fe
+2
-1e  Fe
+3
0,003 0,015 mol 0,015

0,015
số mol FeSO

4
trong 150 ml dd Y: 0,015 x 150/20 = 0,1125 mol
4
FeSO
0,1125 x 152
% m = .100% = 68,4%
25
Câu 24: Hỗn hợp X gồm hai axit cacboxylic no, mạch hở Y và Z (phân tử khối của Y nhỏ hơn của Z). Đốt
cháy hoàn toàn a mol X, sau phản ứng thu được a mol H
2
O. Mặt khác, nếu a mol X tác dụng với lượng dư
dung dịch NaHCO
3
, thì thu được 1,6a mol CO
2
. Thành phần % theo khối lượng của Y trong X là
A. 46,67% B. 40,00% C. 25,41% D. 74,59%
Hướng dẫn: a mol X → a mol H
2
O → chỉ số H = 2 với a mol X → 1,6 mol CO
2
→ có 1 axit 2 chức
→ HCOOH (x) và HOOC – COOH (y) → x + y = 1 và x + 2y = 1,6 → x = 0,4 và y = 0,6
%Y =
90604640
4640
.,.,
.,
+
= 25,41% => C đúng

Cách khác: số nguyên tử H trong axit là số chẵn mà a mol X khi cháy tạo a mol H
2
O chứng tỏ trong các chất
Y, Z mỗi phân tử chỉ có 2 nguyên tử H: Y là HCOOH, Z là: HOOC – COOH
n
Z
= 1,6a – a = 0,6a; n
Y
= 0,4a
%m
Y
= (46 x 0,4a)/ ( 46 x 0,4a + 90 x 0,6a) = 25,41% => C đúng
Th¹c sü: NguyÔn V¨n Phó: §T 01652.146.888 hoặc 098.92.92.117. Email:
Cõu 25: Cho 5,6 gam CO v 5,4 gam H
2
O vo mt bỡnh kớn dung tớch khụng i 10 lớt. Nung núng bỡnh mt
thi gian 830
0
C h t n trng thỏi cõn bng: CO (k) + H
2
O (k) CO
2
(k) + H
2
(k) (hng s cõn bng
K
c
= 1). Nng cõn bng ca CO, H
2
O ln lt l

A. 0,018M v 0,008 M B. 0,012M v 0,024M
C. 0,08M v 0,18M D. 0,008M v 0,018M
Hng dn: n
CO
= 0,2 v
OH
n
2
= 0,3 Ta cú: CO (k) + H
2
O (k) CO
2
(k) + H
2
(k)
Ban u: 0,2 0,3
Phn ng : x x x x
Cõn bng: (0,2 x) (0,3 x) x x
k =
)x,)(x,(
x
3020
2
= 1 x = 0,12 n
CO
= 0,08 [CO] = 0,008 v
OH
n
2
= 0,18 [H

2
O] = 0,018
Cõu 26: Thy phõn hn hp gm 0,02 mol saccaroz v 0,01 mol mantoz mt thi gian thu c dung dch
X (hiu sut phn ng thy phõn mi cht u l 75%). Khi cho ton b X tỏc dng vi mt lng d dung
dch AgNO
3
trong NH
3
thỡ lng Ag thu c l
A.0,090 mol B. 0,095 mol C. 0,12 mol D. 0,06 mol
Hng dn: Gii nhanh: (s dng mỏy tớnh FX570ES tớnh khụng quỏ 15S)
75 25
(4.0,02 4.0,01) .2.0,01 0,095
100 100
Ag
n mol= + + =
=> B ỳng:
Phõn tớch bi toỏn: + Nu khụng chỳ ý n hiu sut phn ng thy phõn mi cht u l 75% ngha l
mantoz cũn d 0,25% v tham gia phn ng trỏng gng thỡ kt qu s l:
75
(4.0,02 4.0,01) 0,09
100
Ag
n mol= + =
=> A sai.
+ Nu khụng chỳ ý n hiu sut phn ng thy phõn mi cht u l 75% thỡ kt qu s l khụng th trỏnh
khi:
(4.0,02 4.0,01) 0,12
Ag
n mol= + =

=> C sai.
+ Nhn xột: bi toỏn ny tuy n gin nhng rt hay, ũi hi thớ sinh phi tht s tnh tỏo, v lm dng ny
nhiu ln ri thỡ ch s dng mỏy tớnh l tỡm ra kt qu ngay.
+ Tuy l bi toỏn trc nghim nhng l giỏo viờn luyn thi thỡ cng nờn hng dn cho HS rốn luyn tớnh
cn thn, nhng cng phi nhanh nhn trong cỏch s dng mỏy tớnh.
+ Nu khụng hiu lm thỡ xem cỏch sau:
Cỏch khỏc: 0,02 mol saccaroz 0,02.2.0,75 = 0,03 nAg = 0,06
0,01 mol mantoz 0,01.2.0,75 = 0,015 nAg = 0,03
Cũn 0,0225 mol mantoz n
Ag
= 0,0025.2 = 0,005 n
Ag
= 0,095 mol
c thc hin: Thc s : Nguyn Vn Phỳ: 01652.146.888 hoc 098.92.92.117
(mail: )
Nhng cỏch gii trờn nu cú gỡ sai sút, hay cú cỏch no gii nhanh hn thỡ gi cho tụi c tham kho nhộ.
Bi tip theo s l gii nhanh nhng bi toỏn khú thi C -2011. Ai cn thỡ liờn lc nhộ.
@@@@@@@@@@@@@@HếT&&&&&&&&&&&&&&&&&&&
Hiện nay tác giả đang biên soạn 100 đề thi thử ĐH và hớng dẫn giải rất chi tiết. Những độc giả
nào muốn sở hữu các đề thi thử ĐH và tài liệu luyện thi ĐH thì hãy gửi mail hoặc gọi điện nhé .nếu
muốn sở hữu tài liệu này thì hãy vào Google sau đó đánh dòng chữ: chìa khóa vàng luyện thi cấp
tốc của nguyễn văn phú.
Tôi rất mong muốn và chia sẽ cùng tất cả các độc giả trong cả nớc, trao đổi tài liệu, đề thi thử giải
chi tiết, các chuyên đề hay
Trong quá trình biên soạn không thể tránh khỏi thiếu sót. Tôi rất chân thành cảm ơn và
mong quý độc giả lợng thứ cũng nh nhận đợc sự đóng góp ý kiến quý báu, xây dựng để lần sau tốt
hơn.
Thạc sỹ: Nguyễn Văn Phú: ĐT 01652.146.888 hoc 098.92.92.117. Email:
BN HY S HU 30 CHèA KHểA VNG GII NHANH Vễ C , HU C V 100
THI TH Cể P N GII Vễ CNG CHI TIT, NU BN CềN THIU

CHèA KHểA VNG HAY THI TH GII CHI TIT THè HY GI CHO
TễI S HU Nể, NU BN THY HAY THI HY NHN TIN CHO TễI,
NU BN THY KHễNG HAY THI HY NHN TIN GểP í NHẫ: XIN CHN
THNH CM N. NU BN MUN HC ( NGH AN) THè HY GI CHO
TễI NHẫ: 01652.146.888 hoc 098.92.92.117
nh vậy trong MT THI GIAN NGN tôi đã gữi lên violet 10 cKV trong tổng
số 30 ckv, hi vọng nó sẽ giúp phần nào yên tâm hơn trớc khi bớc vào kỳ
thi cđ-đh SP TI.

Thạc sỹ: Nguyễn Văn Phú: ĐT 01652.146.888 hoc 098.92.92.117. Email: