ĐỀ SỐ 26
1
1
Câu 1: 1) Rút gọn biểu thức: 2 5 2 5 .
3x + y = 9
�
�
2) Giải hệ phương trình: �x - 2y = - 4 .
1 �
x
� 1
:
�
�
x 1 �x + 2 x 1 với x > 0.
Câu 2: Cho biểu thức P = �x + x
1) Rút gọn biểu thức P.
1
2) Tìm các giá trị của x để P > 2 .
Câu 3: Cho phương trình ẩn x: x2 – x + m = 0 (1)
1) Giải phương trình đã cho với m = 1.
2) Tìm các giá trị của m để phương trình (1) có hai nghiệm x 1, x2 thỏa mãn: (x1x2
– 1)2 = 9( x1 + x2 ).
Câu 4: Cho tứ giác ABCD có hai đỉnh B và C ở trên nửa đường tròn đường kính AD, tâm O.
Hai đường chéo AC và BD cắt nhau tại E. Gọi H là hình chiếu vuông góc của E xuống AD và
I là trung điểm của DE. Chứng minh rằng:
1) Các tứ giác ABEH, DCEH nội tiếp được đường tròn.
2) E là tâm đường tròn nội tiếp tam giác BCH.
2) Năm điểm B, C, I, O, H cùng thuộc một đường tròn.
Câu 5: Giải phương trình:
x+8 x+3
x 2 11x + 24 1 5
.
ĐÁP ÁN
Câu 1:
1)
2 5 2 5
1
1
2 5
2 5
1
2 5 2 5
2 5 2 5
3x + y = 9
6x + 2y = 18 �
7x = 14
x=2
�
�
�
��
��
��
�
�y = 9 - 3x
�y = 3 .
2) �x - 2y = - 4 �x - 2y = - 4
Câu 2:
�
1
1 �
x
� 1
�
P= �
� x x 1
�:
x
x 1 �x + 2 x 1 �
�x + x
1)
� x 1
�
.
x
x 1 �
�
x
2
1 x
x
x 1
.
1 x
x 1
x
2
1-x
x 1
x
x. x
.
1-x 1
2
� 2 1 - x x � 3x > - 2 � x <
2
3.
2) Với x > 0 thì x
2
1
0x<
3 thì P > 2 .
Vậy với
Câu 3:
1) Với m = 1, ta có phương trình: x2 – x + 1 = 0
Vì ∆ = - 3 < 0 nên phương trình trên vô nghiệm.
1
m�
4 (1).
2) Ta có: ∆ = 1 – 4m. Để phương trình có nghiệm thì ∆ �0 � 1 – 4m �0 �
Theo hệ thức Vi-ét ta có: x1 + x2 = 1 và x1.x2 = m
Thay vào đẳng thức: ( x1x2 – 1 )2 = 9( x1 + x2 ), ta được:
m=-2
�
.
�
m
=
4
2
2
�
�
�
(m – 1) = 9
m – 2m – 8 = 0
.
Đối chiếu với điều kiện (1) suy ra chỉ có m = -2 thỏa mãn.
Câu 4:
�
�
0
0
1) Tứ giác ABEH có: B = 90 (góc nội tiếp trong nửa đường tròn); H = 90 (giả thiết)
nên tứ giác ABEH nội tiếp được.
�
�
0
Tương tự, tứ giác DCEH có C = H = 90 , nên nội tiếp được.
2) Trong tứ giác nội tiếp ABEH, ta có:
�
�
�
EBH = EAH (cùng chắn cung EH
)
�
�
�
Trong (O) ta có: EAH = CAD = CBD
�
CD
(cùng chắn cung
�
�
C
B
E
).
Suy ra: EBH = EBC , nên BE là tia phân
I
A
H
O
D
�
giác của góc HBC .
�
�
�
Tương tự, ta có: ECH = BDA = BCE ,
�
nên CE là tia phân giác của góc BCH .
Vậy E là tâm đường tròn nội tiếp tam
giác BCH.
3) Ta có I là tâm của đường tròn ngoại tiếp tam giác vuông ECD, nên
�
�
�
�
�
BIC = 2EDC (góc nội tiếp và góc ở tâm cùng chắn cung EC
). Mà EDC = EHC
�
�
, suy ra BIC = BHC .
�
�
�
+ Trong (O), BOC = 2BDC = BHC (góc nội tiếp và góc ở tâm cùng chắn cung
�
BC
).
�
+ Suy ra: H, O, I ở trên cung chứa góc BHC dựng trên đoạn BC, hay 5 điểm
B, C, H, O, I cùng nằm trên một đường tròn.
Câu 5: ĐK: x ≥ - 3 (1)
Đặt
x + 8 a; x + 3 b a �0; b �0
x 11x + 24
2
(2)
x + 8 x + 3
ab
Ta có: a2 – b2 = 5;
Thay vào phương trình đã cho ta được:
(a – b)(ab + 1) = a2 – b2 � (a – b)(1 – a)(1 – b) = 0
a - b = 0 � x + 8 x + 3 (vn)
�
�
x=-7
�
��
1
a
=
0
�
x
+
8
1
�
�
�
�
x=-2
�
�
1-b=0 �
x
+
3
1
�
�
�
Đối chiếu với (1) suy ra phương trình đã cho có nghiệm duy nhất x = - 2.