PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
TRIỆU SƠN
KIỂM ĐỊNH CHẤT LƯỢNG HỌC SINH GIỎI
MÔN TOÁN LỚP 7
NĂM HỌC: 2015-2016
ĐỀ CHÍNH THỨC
Câu 1. (5,0 điểm)
Tính giá trị các biểu thức sau:
1
1
1
1
1
a) A 1
1
1
......1
2 1.3 2.4 3.5
2015.2017
1
b) B 2 x 2 3x 5 với x
2
0
2015
3 2
2
2
c) C 2 x 2 y 13x y x y 15 y x x y
, biết x y 0
2016
Câu 2. (4,0 điểm)
2
1
1. Tìm x, y biết: 2 x 3 y 12 0
6
3x 2 y 2 z 4 x 4 y 3z
2. Tìm x, y, z biết
và x y z 18
4
3
2
Câu 3. (5,0 điểm)
1. Tìm các số nguyên x, y biết x 2 xy y 3 0
2. Cho đa thức f x x10 101x9 101x8 101x7 ..... 101x 101. Tính f 100
3. Chứng minh rằng từ 8 số nguyên dương tùy ý không lớn hơn 20, luôn chọn
được ba số x, y, z là độ dài ba cạnh của một tam giác
Câu 4. (5,0 điểm)
1. Cho ABC có B C 600 , phân giác AD. Trên AD lấy điểm O, trên tia đối
của tia AC lấy điểm M sao cho ABM ABO . Trên tia đối của tia AB lấy
điểm N sao cho ACN ACO . Chứng minh rằng
a) AM AN
b) MON là tam giác đều
2. Cho tam giác ABC vuông ở A, điểm M nằm giữa B và C. Gọi D, E thứ tự là
hình chiếu của M trên AC, AB. Tìm vị trí của M để DE có độ dài nhỏ nhất
Câu 5. (1,0 điểm)
a 2 b2
Cho x y 1, x 0, y 0. Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức P ( a và b là
x
y
hằng số dương đã cho).
ĐÁP ÁN
Câu 1.
1
1
1
1
1
a ) A .1
1
1
.......1
2 1.3 2.4 3.5
2015.2017
1 2 2 3 3 4 4
2016 2016
. . . . . . ......
.
2 1 3 2 4 3 5
2015 2017
1 2 2 3 3 4 4
2016 2016 2016
. . . . . . ......
.
2 1 3 2 4 3 5
2015 2017 2017
1
x
1
2
b) Vì x
1
2
x
2
2
1
1
1
Với x B 2. 3. 5 4
2
2
2
2
1
1
1
Với x B 2. 3. 5 7
2
2
2
1
1
Vậy B 4 khi x và B 7 khi x
2
2
0
2015
c)C 2 x 2 y 13x y x y 15 y x x y
2016
2 x y 13x3 y 2 x y 15 xy x y 1 1( x y 0)
Câu 2.
2
2
1
1
1.Vì 2 x 0x; 3 y 12 0y , do đó: 2 x 3 y 12 0 x, y
6
6
3
2
2
2
2
2
1
1
Theo đề bài thì 2 x 3 y 12 0 2 x 3 y 12 0
6
6
1
1
Khi đó ta có: 2 x 0 và 3 y 12 0 x ; y 4
12
6
3x 2 y 2 z 4 x 4 y 3z
2.Ta có :
4
3
2
4 3x 2 y 3 2 z 4 x 2 4 y 3z 12 x 8 y 6 z 12 x 8 y 6 z
0
Suy ra
16
9
4
29
x y
3x 2 y
0
3
x
2
y
4
x y z
2 3
2 3 4
2z 4x 0 2z 4x x z
3
2 4
Áp dụng tính chất dãy tỉ số bằng nhau, ta có:
x y z x y z 18
2 x 4; y 6; z 8
2 3 4 23 4 9
Câu 3.
1) Ta có : x 2 xy y 3 0
2 x 4 xy 2 y 6 0 2 x 4 xy 2 y 1 5
2 x 1 2 y 1 2 y 5 2 x 11 2 y 5
Lập bảng:
1
5
-1
2x 1
1 2y
5
1
-5
1
3
0
x
y
-2
0
3
Thỏa mãn
Thỏa mãn
Thỏa mãn
2) Ta có:
f x x10 101x9 101x8 101x7 .... 101x 101
-5
-1
-2
1
Thỏa mãn
x10 100 x9 x9 100 x8 x8 100 x 7 x 7 ..... 101x 101
x9 x 100 x8 x 100 x 7 x 100 x 6 x 100 ..... x x 100 x 101
f 100 1
3) Giả sử 8 số nguyên dương tùy ý đã cho là a1, a2 , a3 ,....., a8 với
1 a1 a2 ........ a8 20
Nhận thấy rằng với ba số dương a, b, c thỏa mãn a b c và b c a thì a, b, c là độ
dài ba cạnh của một tam giác. Từ đó, ta thấy nếu trong các số a1, a2 , a3 ,......, a8 không
chọn được 3 số là độ dài ba cạnh của một tam giác thì:
a6 a7 a8 1 1 2
a5 a6 a7 2 1 3
a4 a5 a6 3 2 5
a3 a4 a5 5 3 8
a2 a3 a4 8 5 13
a1 a2 a3 13 8 21
(trái với giả thiết)
Vậy điều giả sử trên là sai.Do đó, trong 8 số nguyên trên đã cho luôn chọn được 3 số
x, y, z là độ dài ba cạnh của một tam giác
Câu 4.
1.
N
M
4
A
3
1 2
B
D
C
a) ABC có B C 600 nên A 1200
Do AD là tia phân giác nên A1 A2 600 , ta lại có A3 A4 1800 A 600
ABM ABD( g.c.g ) AM AO(1)
Suy ra A1 A2 A3 A4 600
ACN ACO( g.c.g ) AN AO(2)
Từ (1) và (2) suy ra AM AN
b) AOM ON (c.g.c) OM ON (3)
AOM AMN (c.g.c) OM NM (4)
Từ (3) và (4) suy ra OM ON NM MON là tam giác đều
2.
A
D
E
C
B
H
M
DE AM AH (AH là đường cao của ABC )
Vậy DE nhỏ nhất khi AM nhỏ nhất M trùng với H
Câu 5.
Ta có:
2
2
a 2 b 2 a 2 .1 b 2 .1 a . x y b . x y
a2 y
b2 x
2
2
P
a
b
x
y
x
y
x
y
x
y
a 2 y b2 x 2
2
a b
y
x
a2 y
b2 x
Các số dương
và
có tích không đổi nên tổng của chúng nhỏ nhất khi và chỉ
y
x
a 2 y b2 x
a
khi
a 2 y 2 b2 x 2 ay bx a 1 x bx x
x
y
ab
b
Suy ra y
ab
a
b
2
Vậy giá trị nhỏ nhất của biểu thức P a b khi x
;y
ab
ab