Đáp án HSG Vật lí lớp 12 Hải Dương 2018-2019 - Học Toàn Tập

Bạn đang xem bản rút gọn của tài liệu. Xem và tải ngay bản đầy đủ của tài liệu tại đây (652.76 KB, 5 trang )

(1)<div class='page_container' data-page=1>

3
SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO

HẢI DƯƠNG

KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH 
LỚP 12 THPT NĂM HỌC 2018 – 2019

MÔN THI: Vật Lí

Câu Ý Đáp án Điểm

1

+ Vận tốc của m ngay trước va chạm:v0  2gh 0,5 3(m/s)
+ Bảo toàn động lượng

0
0

( ) h h 0, 2 3 /

m v

mv M m V V m s

M m

    



0,25

2

a.

Khi có thêm m thì lị xo bị nén thêm một

đoạn: l0 mg 1cm

K
  

+ Ta có K 20 (rad)

M m s



 



+ So với gốc tọa độ O thì tại t = 0:

2
. os 1

( )
.sin 20 3 /

h

A cm

x A c cm

rad

V A cm s














  

 

   

  

 

 

+Phương trình dao động: 2. os(20 2 )

x c t



cm

0,25

b.

+ Kể từ lúc va chạm đến lúc hệ vật ở độ cao cực đại lần 1 vật đi

được

3 7

2
A

s  A cm

+ Thời gian chuyển động: 3 5 5 2. ( )

12 4 6 6 20 12

T T T

t    







s

+ Tốc độ trung bình: v s 84(cm s/ ) 26, 74(cm s/ )

t



  

0,25

c. Ta có

+ Độ lớn vật tốc 20 / 3

2 2

A A

v cm s v



 x  (1)

+ Gia tốc:

2 2 400

. 400( / ) 1 ( )

400 2

A

a 



x cm s   x     x cm
Vậy

2
A

A x

    (2)
Từ (1) và (2)

2. ( ) 0,052( )

2 2 12 60

A A T

x t



s s

         

0,25

2 1 a Ta có g (rad s/ )

l



 



0,25

HƯỚNG DẪN CHẤM

O
OM

</div>
(2)<div class='page_container' data-page=2>

+ 0 90 ( ) 0 . 0 ( )

20 rad S l 20 m





   





+ Tại t = 0 thì 2

0
0

( )
0

s

rad
v








 
 



+ Phương trình li độ dài: os( )( )

20 2

s



c



t



m

0,25

b.

+ Ta có 2 2( ) 2 2(

3 2 12

T T T

T



s t



       )
+ Quãng đường lớn nhất:

Smax = 2S0 + 2. 0
2
S

= 3S0 =

( ) 47,1( )

20 m cm





0,25

2

a. Khi vật nhỏ nằm cân bằng
T  P Fd 0

Chiếu lên hệ trục 0xy ta có

.sin .sin 0
. os . os

F T

T c F c P







 



  



6 5.
6 5.

.sin
tan

. os

10 .2.10 sin 30
tan

0, 02.10 10 .2.10 os30
15

F
mg F c

c












 





 

b. Ta có PFd P/
/2 2 2

/ 2

( ) 2. . . os

19,3( / )

F F

g g g c

m m

g m s



  

 

Chu kỳ dao động: T./ 2 . l/ 1, 43( )s
g



 

0,25

3

1 
a.

+ Thanh chuyển động sang phải thì

lực từ F hướng sang phải

+ Theo quy tắc bàn tay trái thì dịng
điện trên MN có chiều từ M đến N
(hình vẽ)

+ Ngay sau khi đóng khóa K, hiệu
điện thế giữa hai bản tụ vẫn là U0

 Cường độ dòng điện trên thanh I0 U0 10( )A
R

 

0,25

b.

+ Lực từ tác dụng lên thanh

. . 0,1( )
F B I l  N

+ Gia tốc a F 1(m s/ 2)
m

 

0,25

P

d
F

/
P
E







0
y

x

T

C B F

</div>
(3)<div class='page_container' data-page=3>

5
c.

+ Định luật II Niuton m v F BIl

t

  


. .( . ) .

m v Bl I t Bl q

     

0 0

. . ( ) ( )

m v B l q q BlC U U

     (1)

+ Khi v = vgh thì khơng cịn dòng điện nữa, nên hiệu điện thế giữa

hai bản tụ bằng suất điện động cảm ứng

gh gh

U U Bl v (2)
+ Từ (1) và (2) vgh CBlU2 20

m CB l

 

 0,05(m/s)= 5(cm/s)

0,25

2

+ Từ 02 2 0

gh gh

CBlU ClU

v v

m

m CB l CBl

B

  

 

+ Theo BĐT cosi ta có 2

(m C B l. . ) 2. .l m C.

B  

+ Dấu "=" xảy ra khi B 1. m 10( )T

l C

 

ax . 2,5( / )
2

m

U C

v m s

m

 

0,25

4

1

+ Khi cho thấu kính chuyển động ra xa vật với vận tốc v

30 . 30 5 ( )

d v t t cm

    

Sau t = 2s  d 40cm

+ Từ 1 1 1/

f  d d và
/

dd l (l là khoảng cách giữa vật và ảnh
thật qua thấu kính)

d dl lf

   

+ Ta có   l2 4lf   0 l 4f

+ Vì ảnh qua thấu kính ln là ảnh thật. nên lúc đầu thấu kính ra xa
vật thì ảnh ra xa thấu kính. Khi lmin 4f thì ảnh bắt đầu đổi chiều

chuyển động. Khi đó 2

2
l

d   f

+ Theo bài khi đó d = 40cm = 2f vậy f = 20cm.

0,25

2

Ta có

+ Khi vật sáng ở A thì ảnh ở B, khi vật ở B ảnh không ở A mà lại ở

A B

C O

d1’

</div>
(4)<div class='page_container' data-page=4>

C, do đó ảnh ở B lúc vật ở A là ảnh ảo ( /
1 0
d  )

Từ hình vẽ: d1/ d1  a 8cmd1/  (d18)

1 1

1 1 1

( 8)

f d d

  

 (1)

+ Khi vật sáng ở B cho ảnh ở C, do đó ảnh ở C là ảnh thật (d2/ 0)
Từ hình vẽ: d2 d18 và

2 ( ) 2 20 ( 1 8) 12 1
d  a b d   d   d

1 1

1 1 1

8 12

f d d

  

  (2)

Từ (1) và (2) ta có 1 24 240 4,89

7 49

d  cm f  (cm)

0,25

5

1

+ Ta có

3.
3

AM

x
R

x

 



(9 ).6 (9 ).6
(9 ) 6 15

MB

x x

R

x x

 

  

  

3 (9 ).6

3 15

AB

x x

R

x x



  

 

Theo bài khi C tại M thì PAB = 18 W. Khi C di chuyển thì P ln

giảm, chứng tỏ Pmax = 18W

+ Ta có





2
AB

2
AB
E .R
P

R r



 =>

2
max

E
P

 khi RAB r

max
E

r 4, 5

  ( )

+ Với RAB r  4,5 3x



9 x .6



x 3 9 x 6



 

   => x = 3( )

0,25

2

Nhận xét:
1

x R x

R 6



 => Mạch cầu cân bằng

0( )

A

I A

 

0,5

6 1

Gọi E, r là suất điện động và điện trở trong của nguồn, ta có:
+ Lắp sơ đồ mạch điện

+ Mạch 1: 1 1 1

1
.

V

U

U U E r

R

   (1)

+ Mạch 2:

/ / 1

1 2

1
(U U ) E r.U

R

   (2) 0,25

R1 R2
M

A B

E, r

</div>
(5)<div class='page_container' data-page=5>

Từ (1) và (2) ta được

/
1 2
/
1 1

.
U U
E

U U




0,25

2

- Bước 1: Mắc mạch điện 1, đóng khóa k, đọc số chỉ U1.
- Bước 2: Mắc mạch điện 2, đóng khóa k, đọc số chỉ U’1, U’2.

- Lặp lại các bước trên với các lần đo khác nhau.
- Bảng số liệu:

Lần đo U1 U’1 U’2 E

1
2
3
…..

* Cách tính

+ Giá trị trung bình: E E1 E2 .... En
n

  


+ Sai số

1 1

E E E

  
2 2

E E E

  

...

n n

E E E

  

 E1 E2 .... En
E

n

     
 

Vậy E  E E

0,25

</div>

Đáp án HSG Vật lí lớp 12 Hải Dương 2018-2019 - Học Toàn Tập

















































































<i>x</i>









Tài liệu liên quan

Tài liệu bạn tìm kiếm đã sẵn sàng tải về