Tài liệu Toán phổ thông luyện thi pdf

Sở Giáo dục và đào tạo Kỳ THI TUYểN SINH LớP 10 thpt qUốC HọC
Thừa Thiên Huế Môn: TOáN - Năm học 2007-2008
Đề chính thức Thi gian lm bi: 150 phút
Bài 1: (1,25 điểm)
1. Tính giá trị của biểu thức:
A =
2 2 4 2 2 4
4 4 4 12 9a ab b a ab b+ + + vi 2a = ; 1b = .
2. Chứng minh:
3 3 3
2 1
3
3 3
x x x
x
x
x x

+ +
=



+

(với 0x và 3x ).
Bài 2: (1,25 điểm) Cho phơng trình:
2
2 1 0mx mx + = ( m là tham số)
1. Tìm các giá trị của m để phơng trình có nghiệm và tính các nghiệm của phơng trình
theo m .

2. Tìm giá trị của m để phơng trình có hai nghiệm sao cho một nghiệm gấp đôi nghiệm
kia.
Bài 3: (1 điểm) Trên mặt phẳng tọa độ Oxy, cho 4 điểm ( 3;4), ( 2;1), (1;2), (0;5)A B C D .
1. Cho biết đơn vị đo trên các trục tọa độ là xentimét (cm), tính độ dài các cạnh và các
đờng chéo của tứ giác ABCD. Tứ giác ABCD là hình gì ?
2. Dựa vào hình vẽ, cho biết tọa độ giao điểm của 2 đờng chéo của tứ giác ABCD.
Bài 4: (1,25 điểm) Cho hàm số
2
y ax=
( )
0a
1. Xác định hệ số a biết rằng đồ thị của hàm số đã cho cắt đờng thẳng : 2 3d y x= + tại
điểm A có tung độ bằng 1 .
2. Vẽ đồ thị (P) của hàm số ứng với giá trị a vừa tìm đợc trong câu 1) và vẽ đờng thẳng d
trên cùng một mặt phẳng tọa độ. Tìm tọa độ giao điểm thứ hai B của (P) và d.
Bài 5: (1,25 điểm)
Hai vòi nớc cùng chảy vào bể thì đầy sau 16 giờ. Nếu vòi I chảy trong 3 giờ và vòi II chảy
trong 6 giờ thì đợc thể tích nớc bằng 25% bể. Tính thời gian cần thiết để riêng mỗi vòi chảy
đầy bể.
Bài 6: (1 điểm)
Cho đờng tròn (O), A là điểm cố định trên (O) và M là một điểm di động trên (O). Qua M vẽ
đờng vuông góc MH với tiếp tuyến AT của đờng tròn (O) (H thuộc AT). Chứng minh rằng
trong trờng hợp tồn tại tam giác OMH, tia phân giác góc ngoài ở đỉnh M của tam giác đi qua
một điểm cố định.
Bài 7: (1,5 điểm)
"Góc sút" của quả phạt đền 11 mét là góc nhìn từ chấm phạt đền đến đoạn thẳng nối 2 chân
của cầu môn. Biết chiều rộng của cầu môn là 7,32 m, hỏi "góc sút" của quả phạt đền 11 mét là
bao nhiêu độ ? Tìm các điểm khác trên sân cỏ có cùng "góc sút" nh quả phạt đền 11 mét. Nêu
cách dựng quỹ tích các điểm đó nếu gọi A và B là 2 điểm biểu diễn chân cầu môn và M là điểm
biểu diễn chấm phạt đền.

Bài 8: (1,5 điểm)
Một cốc nớc hình nón cụt có bán kính 2 đáy là
1 2
4 , 1r cm r cm= = , đựng đầy nớc. Ngời ta thả một
quả bi hình cầu bằng kim loại vào thì nó đặt vừa khít
hình nón cụt (hình vẽ). Tính thể tích khối nớc còn lại
trong cốc.
Hết



SBD thí sinh:____________ Chữ ký GT1:
I
J
1

Sở Giáo dục và đào tạo Kỳ THI TUYểN SINH LớP 10 thpt qUốC HọC
Thừa Thiên Huế Môn: TOáN - Năm học 2007-2008
Đề chính thức Đáp án và thang điểm
Bài
ý
Nội dung Điểm
1


1,25
1.1
A =
( ) ( )
2 2

2 2
2 2 3a b a b+
=
2 2
2 2 3a b a b+
Vi 2a = ; b = 1 thỡ A = 2 2 2 2 3+
= 2 2 2 2 3 3 2 1+ + =



0,25


0,25
1.2
+ Với giả thiết đã cho: 0x và 3x , ta có:
( ) ( )
( ) ( )
3 3
2 2
3
3 3
2 2 3
3 3
3 3
x
x x
x x x
x x
x x

+
+
= =
+
+

+
( )( )
3 3 1
3
3
3 3
x x
x
x
x x
+ +
= =


+

+ Vậy:
( )
3 3 3 1
2 3 . 1
3
3 3 3
x x x
x x

x
x x x

+ +
= =



+




0,25



0,25


0,25


2


1,25

2.1

+ Nếu 0m = thì phơng trình trở thành 1 0= , nên phơng trình vô nghiệm.
+ Nếu 0m thì phơng trình đã cho có nghiệm khi:
( )
2
' 1 0m m m m = = . Suy ra 0m < hoặc 1m (*).
Khi đó các nghiệm của phơng trình là:
2
1
;
m m m
x
m

=
2
2
m m m
x
m
+
= .

0,25

0,25


0,25

2.2

Với điều kiện (*), phơng trình có hai nghiệm
1
,x
2
x .
Theo hệ thức Vi-ét:
1 2
2x x+ = và
1 2
1
x x
m
=
Theo giả thiết, ta có:
1 2
2x x= (hoặc
2 1
2x x= ), suy ra:
1
4
;
3
x =
2
2
3
x = (hoặc
1

2
;
3
x =
2
4
3
x = )
Suy ra:
1 2
1 8 1 9
1
9 8
x x m
m m
= = = > , thỏa mãn điều kiện (*).
Vậy với
9
8
m = thì phơng trình có một nghiệm gấp đôi nghiệm kia.

0,25







0,25

2
3


1,0

3.1
+ Tứ giác ABCD có:
- Các cạnh bằng nhau vì cùng bằng cạnh
huyền của tam giác vuông có các cạnh góc
vuông là 3cm và 1cm. Do đó độ dài mỗi cạnh
của tứ giác là:
2 2
3 1 10 ( )cm+ = .
- Các đờng chéo bằng nhau vì cùng bằng
cạnh huyền của tam giác vuông có các cạnh
góc vuông là 2cm và 4cm. Do đó độ dài mỗi
đờng chéo của tứ giác là:
2 2
2 4 20 2 5 ( )AC BD cm= = + = =
+ Tứ giác ABCD có 4 cạnh bằng nhau và hai đờng chéo bằng nhau nên là hình
vuông.





0,25

0,25

0,25


3.2
+ Từ hình vẽ suy ra giao điểm của 2 đờng chéo là:
( )
1;3I

0,25
4


1,25

4.1
+ Điểm A ở trên d và có tung độ bằng 1 nên: 1 2 3 2x x = + = .
Do đó: (2; 1)A
0,25


+ A là giao điểm của đồ thị hàm số
2
y ax= với d, nên A thuộc (P), suy ra:
2

1
1 2
4
a a = =


0,25

4.2

+ Vẽ đúng parabol (P):
2
1
4
y x=
+ Vẽ đúng đờng thẳng d

+ Hoành độ giao điểm của (P) và d là nghiệm
của phơng trình :

2 2
1
2 3 8 12 0
4
x x x x = + + = .
+ Giải phơng trình ta đợc nghiệm thứ hai là:
2 2
6 9x y= = .
Vậy giao điểm thứ hai của (P) và d là (6; 9)B

0,25

0,25







0,25

5


1,25


Gọi x (giờ) và y (giờ) là thời gian để riêng vòi I và vòi II chảy đầy bể ( 0;x >
0y > ).
Mỗi giờ vòi I chảy đợc
1
x
bể, vòi II chảy đợc
1
y
bể.
Theo giả thiết thứ nhất, ta có phơng trình:
16 16

1
x y
+ = .
Theo giả thiết thứ hai, ta có phơng trình:
3 6 25 3 6 1
100 4x y x y
+ = + = .



0,25


0,25

0,25



B
A
3
Vậy ta có hệ phơng trình:
16 16
1
16 16 1
1
3 6 1
3 6
4

4
u v
x y
u v
x y

+ =
+ =





+ =

+ =



(với
1 1
;u v
x y
= = )
Giải hệ phơng trình trên, ta đợc
( )
1 1
; ;
24 48
u v

=



Suy ra:
( ) ( )
; 24; 48x y = thỏa điều kiện bài toán. Vậy nếu chảy riêng, thì vòi I
chảy đầy bể trong 24 giờ và vòi II chảy đầy bể trong 48 giờ.







0,25


0,25
6


1,0



+ Ta có OA AH (vì AT là tiếp tuyến của
đờng tròn) và MH AH (gt). Suy ra:

//OA MH OAM AMH = (so le trong).
+ Mà tam giác AOM cân tại O (OA = OM) nên


OAM OMA= , do đó:


AMH OMA= và tia
MA luôn nằm giữa hai tia MO và MH, suy ra:
MA là tia phân giác của góc

OMH .
+ Dựng tia phân giác góc ngoài ở đỉnh M của
tam giác OMH cắt (O) tại A, ta có: 'MA MA . Suy ra: Tam giác AMA vuông
tại M, do đó AA là đờng kính của (O).
+ Mà A cố định, nên A cũng cố định.
Vậy tia phân giác góc ngoài ở đỉnh M của tam giác OMH đi qua điểm A đối
xứng với A qua tâm O.




0,25




0,25

0,25

0,25
7


1,50


+ Tam giác MAB cân tại M. Gọi H là trung điểm
của AB, thì trung tuyến MH cũng là đờng cao
và đờng phân giác góc

M của tam giác cân
MAB. Suy ra: 3,66HA HB m= =
Gọi

AMH

= , trong tam giác vuông MHA, có:
0
3, 66
18 24'
11
AH
tg
MH

= =

Suy ra "góc sút" của quả phạt đền 11 mét là:
0
2 36 48'

.
+ Các điểm trên sân cỏ có cùng "góc sút" nh
quả phạt đền 11 mét là các điểm cùng nhìn đoạn AB dới một góc 2

, nên
chúng ở trên cung chứa góc 2

dựng trên đoạn thẳng AB (ở trớc cầu môn).
+ Cách dựng:
- Dựng tia Ax tạo với AB một góc
0
2 36 48'

(ở sau cầu môn).
- Dựng đờng thẳng qua A vuông góc với Ax cắt MH tại O
- Dựng cung tròn tâm O, bán kính OA chứa điểm M, cung tròn này là quĩ tích
cần dựng.




0,25



0,25

0,25


0,25




0,50
H
4

8


1,50



+ Hình cầu đặt khít hình nón cụt,
nên đờng tròn lớn của nó nội tiếp
trong hình thang cân ABCD, với
AD, BC là hai đờng sinh và AB,
CD là 2 đờng kính của 2 đáy
hình nón cụt. Gọi O là tâm và r là
bán kính hình cầu, I, J là 2 tiếp
điểm của đờng tròn lớn với AB và
CD, M là tiếp điểm của BC với
đờng tròn lớn (O), ta có: BI = BM và CJ = CM, suy ra BC = r

1
+ r
2
= 4 + 1 = 5
(cm).
Từ C kẻ CH vuông góc với AB tại H, ta có tứ giác IHCJ là hình chữ nhật, nên
BH =
1 2
r r = 3 (cm), do đó:
2 2
CH = BC - BH 4( )cm= .
Vậy: đờng kính của hình cầu là: IJ = CH 4cm= , nên bán kính của hình cầu là:
2r cm=
+ Thể tích khối nớc tràn ra ngoài bằng thể tích hình cầu và bằng:

( )
3 3
4 4 32
8
3 3 3
V r cm


= = =
1




0,25

0,25



0,25



0,25




+ Thể tích cốc nớc hình nón cụt là:
( )
2 2
2 1 2 1 2
1
3
V h r r r r

= + + với chiều cao của
nón cụt là: h = IJ 4( )cm= .
( ) ( )

2 2 3
2
1
4 4 1 4.1 28
3
V cm

= + + = .
+ Vậy thể tích khối nớc còn trong cốc nớc là:

( )
3
2
32 52
28 54,5
3 3
V V V cm


= = =
1






0,25

0,25


O