De thi dap an Toan lop 10 Nghe An 20132014

<span class='text_page_counter'>(1)</span>SỞ GD&ĐT NGHỆ AN. KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 1 THPT NĂM HỌC 2013 – 2014. Đề chính thức. Môn thi: TOÁN Thời gian làm bài : 120 phút(không kể thời gian giao đề) Câu 1: (2,0 điểm) 1  1  2 x 4 : x 2 x 2 Cho biểu thức P = . a) Tìm điều kiện xác định và rút biểu thức P. 3 b) Tim x để P = 2 .. Câu 2: (1,5 điểm) Một mảnh vườn hình chữ nhật có chu vi 100 m. Nếu tăng chiều rộng 3 m và giảm chiều dài 4 m thì diện tích mảnh vườn giảm 2 m2. Tính diện tích của mảnh vườn. Câu 3: (2,0 điểm) Cho phương trình x2 – 2(m + 1)x + m2 + 4 = 0 (m là tham số) a) Giải phương trình với m = 2. 2 2 b) Tìm m để phương trình có hai nghiệm x1, x2 thỏa mãn x1  2(m  1)x 2 3m  16 .. Câu 4: (3,5 điểm) Cho tam giác ABC nhọn (AB<AC) nội tiếp đường tròn (O), hai đường cao BE, CF cắt nhau tại H. Tia AO cắt đường tròn (O) tại D. a) Chứng minh tứ giác BCEF nội tiếp đường tròn. b) Chứng minh tứ giác BHCD là hình bình hành. c) Gọi m là trung điểm của BC, tia AM cắt HO tại G. Chứng minh G là trọng tâm của tam giác ABC. Câu 5: (1,0 điểm) Cho các số thực dương a, b, c thỏa mãn a+b+c=1. a2 b2 c2 1    Chứng minh rằng: a  b b  c c  a 2 .. ----- Hết ------. Họ và tên thí sinh :…………………………………………Số báo danh…………...

<span class='text_page_counter'>(2)</span> SỞ GD&ĐT NGHỆ AN. KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 THPT NĂM HỌC 2013 - 2014. ĐÁP ÁN MÔN: TOÁN Câu. Ý. a,. Nội Dung. ìï x ³ 0 Û í ï x 4 ¹ 0 ï ĐKXĐ: î. ìï x ³ 0 í ïïî x ¹ 4. Câu 1. 1  1 2 x  2 x  2  .( x  2)   x 4 : x  2  x  2 ( x  2)( x  2) x 2 P=  b,. x 3 3 = Û 2 x- 2 2 Û 2 x = 3 x - 6 Û x = 6 Û x = 36 (TMĐKXĐ). P=. Gọi x (m) là chiều rộng của mảnh vườn ( 0<x<25) Chiều dài của mảnh vườn là: 50-x. Diện tích của mảnh vườn là: x(50-x). Nếu tăng chiều rộng 3m thì chiều rộng mới là x+3; giảm chiều dài 4 m thì chiều dài mới là 46-x. Diện tích mới của mảnh vườn là: (x+3)(46-x) Theo bài ra ta có phương trình: x(50-x)-(x+3)(46-x)=2  50x-x2-43x+x2-138=2  7x=140  x=20 (TM) Vậy diện tích của mảnh vườn là 20(50-20)=600 m2.. Câu 2. a, (1,0 điểm). 2 Khi m = 2 pt trở thành x - 6x + 8 = 0. Ta có D ' = 1 Suy ra pt có hai nghiệm là: x1 = 4. x2 = 2 Để pt (1) có hai nghiệm x1; x2 Û D ' ³ 0 2. Û ( m + 1) - ( m2 + 7) ³ 0 Û m ³ Câu 3 b,. 3 2 (*). ìï x1 + x2 = 2(m + 1) í 2 ï Theo Viet ta có: ïî x1.x2 = m + 4 Suy ra. x12 + 2(m + 1)x2 £ 3m2 + 16 Û x12 + (x1 + x2)x2 £ 3m2 + 16. Û x12 + xx2 + x1x2 £ 3m2 + 16 Û (x1 + x2)2 - x1x2 £ 3m2 + 16 (2m + 2)2 - m2 - 4 £ 3m2 + 16 Û 8m £ 16 Û m £ 2 3 £ m£ 2 Đối chiếu với điều kiện (*) suy ra 2 thì pt (1) có hai nghiệm x1; x2 x2 + 2(m + 1)x2 £ 3m2 + 16 thỏa mãn : 1.

<span class='text_page_counter'>(3)</span> A. E. Vẽ hình. F. G. O. H B. C. M D. Câu 4. (Hình vẽ chỉ cần vẽ hết câu b là đạt 0,5 điểm ). ·0. Xét tứ giác BCEF có =BFCE90 ( cùng nhìn cạnh BC) Suy ra BCEF là tứ giác nội tiếp. ·. b,. 0. Ta có ACD = 90 ( góc nội tiếp chắn nữa đường tròn)  DC  AC Mà HE  AC; suy ra BH//DC (1) Chứng minh tương tự: CH//BD (2) Từ (1) và (2) suy ra BHCD là hình bình hành Ta có M trung điểm của BC suy ra M trung điểm của HD. . c,. Câu 5. GM 1  AM 3. Do đó AM, HO trung tuyến của AHD  G trọng tâm của AHD GM 1  Xét tam giác ABC có M trung điểm của BC, AM 3 Suy ra G là trong tâm của ABC Áp dụng BĐT cô si ta có: a2 a b b2 bc c2 ca  a;  b;  c a b 4 b c 4 c a 4 a2 b2 c2 a b b c c a a b c 1   (a  b  c)  (   )  4 4 4 2 2 Suy ra a  b b  c c  a a2 b2 c2 1    Vậy a  b b  c c  a 2. --------------------------------------------------------.

<span class='text_page_counter'>(4)</span>