Giai cac cau 73 74 va 75 de tham khao

Giải chi tiết:GV Nguyễn Văn San- Trường THPT Thiệu Hóa- Thanh Hóa
Câu 73:(S) Gọi n(CuSO4) =x, => n(NaCl) = 3x.
CuSO4 + 2NaCl → Cu + Cl2 + Na2SO4
x
2x
x
x
Do dung dịch sau pứ hịa tan được Al tạo khí, => có baz[ơ , có tiếp pứ
2NaCl + 2H2O → 2NaOH + H2+ Cl2
x
x
0,5x 0,5x
Do dung dịch sau chỉ chứa 2 chất tan vậy đó là NaOH và Na2SO4
Al + NaOH + H2O → NaAlO2 + 1,5H2
0,05 0,05
0,075
Gọi y là số mol H2O điện phân
=> n(NaOH) = x = 0,05
và m(dd giảm) = 64x + 71.1,5x + 2.0,5x + 18y = 10,375 => y = 0,1 mol => n(H2) do nước tạo ra
= 0,5x + y = 0,125 mol
Catot: Cu2+ + 2e → Cu
2H2O + 2e → 2OH- + H2
0,05 0,1
0,25
0,125
=> n(e trao đổi) = 0,35 = It/F => t = 0,35.96500/1,34 = 25205 (s) = 7 h
Câu 74: (S) TN1: Gọi CT của este là CnH2n-2k-2O4 x mol.
Ta có PTpứ cháy: CnH2n-2k-2O4 + (3n-k-5)/2 O2 → nCO2 + (n-1-k)H2O
x
x(3n-k-5)/2
xn

x(n-1-k)
=> x(3n-k-5)/2 =0,3 => 3xn-xk-5x =0,6 (1) và 2xn-xk-x = 0,5 (2)
- Xét k=0 thay vào hệ khơng có nghiệm
- Xét k =1 thay vào hệ ta có xn =0,3, và x =0,05 => n =6 vậy este là C6H8O4
vậy X là CH3-OOC-COO-CH2-CH=CH2 0,05 mol
TN2: CH3-OOC-COO-CH2-CH=CH2 + 2NaOH → (COONa)2 + CH3OH + CH2=CH-CH2OH
0,05
0,1
0,05
=> m = 40.0,1 + 134.0,05 = 10,7 gam => Chọn C.
Câu 75:(S) Quy đổi hh về x mol Ba, y mol Al, và z mol O
BTe ta có 2x + 3y = 2z + 2.0,04 => 2x + 3y -2z = 0,08 (1)
Dung dịch Y sau pứ chứa Ba(AlO2)2 0,5y mol; và Ba(OH)2 x -0,5y mol.
- Khi cho CO2 dư vào Y thu được kết tủa là Al(OH)3 : CO2 + AlO2- + 2H2O → Al(OH)3 + 2HCO3=> n(Al(OH)3 = y = 0,04 mol (2).
- Khi sục 0,054 mol CO2 vào Y thu được 4,302 gam kết tủa, và dung dịch Z chỉ chứa 1 chất tan,
chất tan đó phải là Ba(AlO2)2 hoặc Ba(HCO3)2.
TH1: nếu chất tan là Ba(AlO2), khi đó tồn bộ CO2 nằm trong BaCO3 0,054 nol
=> m(BaCO3) = 197.0,054 =10,638 gam > 4,302 gam vơ lí
TH2: Chất tan duy nhất là Ba(HCO3)2 => toàn bộ AlO2- chuyển hết vào kết tủa
=> m(BaCO3) = 4,302 -3,12 =1,182 gam => n(BaCO3) = 0,006 mol
BTNT cho C: => n(Ba(HCO3)2 = (0,054-0,006)/2 =0,024 mol
BTNT cho Ba ta có n(Ba) = 0,024 + 0,006 = 0,03 =x thay vào (1) => z =0,05
=> m = 137.0,03 + 27.0,04 + 16.0,05 = 5,99 gam => Chọn D.
Câu 76:(S) Gọi CT chung của X là CnH2n+3N a mol; Đặt n(C2H5O2N) = b, và
n(NH2[CH2]4CH(NH2)COOH) = c, => a + b + c = 0,2 (1)
Ta có sơ đồ cháy: CnH2n+3N → nCO2 + (n+1,5)H2O + 0,5N2
a
an
an+ 1,5a
0,5a

C2H5O2N → 2CO2 + 2,5H2O + 0,5N2
b
2b
2,5b
0,5b
C6H14N2O2 → 6CO2 + 7H2O + N2
c
6c
7c c
Ta có nhận xét: n(H2O) - [n(CO2) + n(N2)] = n(amin) = a = 0,91-0,81 = 0,1
=> b+ c = 0,1 (2)
ĐLBTNT cho oxi Ta có 2.0,1 + 2.1,305 = 2n(CO2) + 0,91 => n(CO2) = 0,68 => n(N2) = 0,13
=> 0,5a + 0,5b + c = 0,13 Giải hệ ta có a = 0,1; b =0,04; c =0,06
BTNT cho C ta có 0,1n + 2.0,04 + 6.0,06 = 0,68 => n =2,4 vậy hai amin là C2H7N x mol và
C3H9N y mol => x+ y = 0,1 và 2x + 3y + 2.0,04 + 6.0,06 = 0,68 giải hệ ta có x =0,06; y =0,04
=> %m(C2H7N) = 0,06.45/(0,06.45 + 0,04.59+ 75.0,04 + 0,06.146) = 16,052% => Chọn B.


Câu 77: (S) Gọi n(Fe2O3) = x mol; n(FeO) = y mol. => n(O) = 3x+ y => m(O) = 16(3x+ y) =
0,16m
=> m = 100(3x+ y)
Ta có n(HCl) = n(H+) = n(Cl-) = 1 mol
=> n(AgCl) = 1 mol => m(Ag) = 165,1 - 143,5 = 21,6 => n(Ag) = 0,2 mol
Fe2O3 + 6HCl → 2FeCl3 + 3H2O
Cu + 2FeCl3 → CuCl2 + 2FeCl2
x
6x
2x
x
2x

2x
FeO + 2HCl → FeCl2 + H2O
y
2y
y
=> n(H+) dư = 1 -6x -2y; n(Fe2+) = 2x + y
khi đó ta có m(chất rắn pứ) = 160x + 64x + 72y = 0,73m = 73(3x+ y)
<=>
5x = y (1)
Khi cho AgNO3 dư vào Y: 3Fe2+ +
4H+ + NO3- → 3Fe3+ + NO + H2O
0,75( 1-6x-2y) ← 1-6x-2y
2+
+
3+
Fe + Ag → Fe + Ag
0,2
← 0,2 =>
2x+ y = 0,75(1-6x-2y) + 0,2
< => 6,5x + 2,5y = 0,95 (2) giải hệ ta có x = 0,05; y = 0,25 => m = 100(3.0,05+ 0,25) = 40=>
Chọn A.
Câu 78: (S) Gọi n(NH2CH2COONa) = a; n(NH2C2H4COONa) = b.
Khi cho muối pứ tối đa với HCl => n(HCl) = 2a + 2b = 0,72 => a + b = 0,36 (1)
và muối sau pứ là NH3ClCH2COOH a mol; NH3ClC2H4COOH b mol và NaCl 0,36 mol
=> m(muối) =111,5a + 125,5b + 58,5.0,36 = 63,72 (2) giải hệ ta có a = b = 0,18.
=> m(muối (T) = 97.0,18 + 111.0,18 = 37,44 = m + 12,24 => m = 25,2
BTNT cho Na ta có n(NaOH) pứ = 0,36 mol
Gọi n là số gốc aa tạo X: X + nNaOH → muối + H2O
x mol xn
x

Y + NaOH → muối + H2O
x
x
x
ĐLBTKL ta có m + 40.0,36 = m+ 12,24 + 18.2x => x = 0,06
=> n(NaOH) =0,06n + 0,06 = 0,36 => n = 5 => X có 4 liên kết peptit => Loại B.
TH1: Nếu Y là Gly: => %N(Y) = 14/75 =18,66% => A chưa đúng, đặt X là (Ala)m(Gly)5-3 BT gốc
Ala ta có 0,06m = 0,18 => m = 3
khi đó X là (Ala)3(Gly)2 có MX = 345 > 4.75 nên thỏa mãn => khi đó C khơng đúng, và ta có
%N(X) = 14.5/345 =20,29% D đúng.
TH2: Nếu Y là Ala , khi đó X là (Gly)p(Ala)5-p => n(Gly) = 0,06.p = 0,18 => p = 3
X là (Gly)3(Ala)2 có MX = 331 < 4.89 nên loại.
Câu 79: (S) BTNT cho N ta có n(NaNO3) = 0,01.2 + 0,02 =0,04 = n(Na) = n(NO3-)
BTKL ta có m(ddX) = 15,6 + 200 - 44.0,01 -30.0,02 =214,56 gam.
Muối sau pứ gồm FeSO4 x mol; Na2SO4 0,02 mol và M2(SO4)n y mol
=> n(SO42-) = x+ 0,02 + yn = n(H2SO4) => n(H+) = 2x+ 0,04 + 2yn mol.
=> m(kim loại) = 56x + 2yM ;
Vai trò của H+: 10H+ + 2NO3- + 8e → N2O + 5H2O
0,1
0,02
0,08 0,01
+
4H + NO3 + 3e → NO + H2O
0,08 0,02
0,06 0,02
+
2H +
O2→
H2O
2x+2yn -0,14

x + yn -0,07
=> m(hh) =56x + 2yM + 16(x+yn-0,07) = 15,6 <=> 72x+ 2yM + 16yn =16,72 (1)
Cho X + Ba(OH)2 dư: FeSO4 + Ba(OH)2 → BaSO4 + Fe(OH)2
x
x
x
Na2SO4 + Ba(OH)2 → BaSO4 + 2NaOH
0,02
0,02
M2(SO4)n + nBa(OH)2 → nBaSO4 + 2M(OH)n
y
yn
2y
=> m(kết tủa) = 233.(x+ yn+ 0,02) + 90x+ 2y(M + 17n) =89,15
< => 323x + 267yn + 2yM = 84,49 (2)


t

 Fe2O3 + 2H2O
Nung kết tủa: 2Fe(OH)2 + 0,5O2  
x
0,5x
t
 M2On + nH2O
2M(OH)n  
2y
y
=> 160.0,5x + y(2M+ 16n) + 233.(x + yn+ 0,02) = 84,386
<=> 313x+ 249yn + 2yM = 79,726 (3)

Giải hệ ta có x = 0,012; y = 0,258; và z =5,864
=> C%(FeSO4) = 152.0,012/214,56 = 0,85%=> Chọn A.
Câu 80: (S) X là CnH2n-2O2 x mol, T là CmH2m-4O4 y mol ( với n ≥ 3; m ≥6)
BTC ta có n(CO2) = xn+ ym =0,1 (1)
Ta có n(CO2) - n(H2O) = 0,03 = x + 2y (2)
Xét 6,9 gam M khi đó ta có xk(14n+30) + yk(14m+60) = 6,9
<=> 14k(xn+ym) + 30k(x + 2y) = 6,9 Thay (1) và (2) vào ta có k =3.
Muối sau pứ gồm CnH2n-3O2Na kx +ky mol = 3x + 3y mol; và CpH2p-1O2Na ky =3y mol (là muối
của Y)
khi đó ta có n(CO2) - n(H2O) = n(muối của axit khơng no đơn chức hở) = 0,06 = 3x + 3y Giải hệ
ta có x= 0,01, y =0,01 => n+ m = 10, với m = 10- n ≥6 => n ≤ 4 => n = 3, => m = 7
=> %m(T) = 158.0,01/2,3 =68,69% => chọn D.
Chú ý nếu n = 4, => m ≥ 4 + 2 + 1 = 7 nên loại .