1. XÁC ĐỊNH SỐ HẠNG TỔNG QUÁT
1.1. DỰ ĐOÁN SỐ HẠNG TỔNG QUÁT VÀ CHỨNG MINH BẰNG QUY NẠP
u1 11
un
u 10un 1 9n, n N
Bài 1. Cho dãy số
xác định bởi : n 1
. Xác định số hạng tổng quát của
dãy đã cho.
Hướng dẫn giải
Ta có:
u1 11 10 1
u2 10.11 1 9 102 100 2
u3 10.102 1 9.2 1003 1000 3
u 10 n n 1
Dự đoán: n
Chứng minh theo quy nạp ta có
u1 11 101 1 , công thức 1 đúng với n 1 . Giả sử công thức 1 đúng với n k ta có uk 10k k .
u
10 10k k 1 9k 10k 1 k 1
Ta có: k 1
1 đúng với n k 1
Công thức
n
Vậy un 10 n , n N .
Bài 2. Cho dãy số (un ) biết
u1 2
un 3un 1 1, n 2
. Xác định số hạng tổng quát của dãy.
Hướng dẫn giải
1
3
1
1
un 3un 1 1 un 3un 1 un 3(un 1 )(1)
2
2
2
2
1
1 5
vn un v1 u1
2
2 2
Đặt
(1) vn 3vn 1 , n 2
(v ) là cấp số nhân với công bội là q 3 .
Dãy n
5 n 1
.3
2
Nên
.
1 5 n 1 1
un vn 3 , n 1, 2,...
2 2
2
Do đó
vn v1.q n 1
1.2. DÃY SỐ CHO BỞI CÔNG THỨC TRUY HỒI
1.3. PHƯƠNG TRÌNH ĐẶC TRƯNG
1.4. PHƯƠNG PHÁP DÃY SỐ PHỤ
1.5. DÃY SỐ SINH BỞI PHƯƠNG PHƯƠNG TRÌNH
1.6. SỬ DỤNG PHÉP THẾ LƯỢNG GIÁC
1.7. CÁC DẠNG KHÁC
2. MỘT SỐ DẠNG TỐN LIÊN QUAN ĐẾN TÍNH CHẤT CỦA DÃY SỐ
Bài 3. Cho dãy
xn
xác định bởi:
Chứng minh rằng
∀ n∈N
{x1=1;x2=3 ¿ ¿¿¿
2
ta có 2 xn 2 là số chính phương.
Hướng dẫn giải:
Dễ thấy xn Z n N , n 1
Ta có xn = 6 xn 1 xn 2 xn 3 xn 1 3 xn 1 xn 2
2
⇔
⇔
từ đó ta có
2
x n−6 xn . x n−1 +9 x n−1 = 9 x 2n−1 −6 x n−1 . x n−2 +x 2n−2
2
2
x n−6 xn . x n−1 + x n−1 = x 2n−1 −6 x n−1 . xn−2 +x 2n−2
x 2n−6 xn . x n−1 + x2n−1 =
⇒
2
2
2
x 2−6 x 2 . x1 + x 1=−8
2
x n−1 −6 x n . x n−1 +x n +8=0
(1)
'
Vì nên phương trình (1) phải có nghiệm nguyên . Do đó (1) có Δ phải là số chính phương
Tức là tồn tại sao cho
'
Δ=
Từ (2) ta suy ra k phải là số chẵn
⇒
Vậy
2
2
2
⇒ k=2 m ;m∈N
9 x 2n−( x 2n +8 )=8( x 2n−1 )=k 2
2 x 2n −2
2
9 x n−( x n +8 )=8( x n−1 )=k
kN
an n
(2)
0
là số chính phương.
Bài 4. Cho dãy với được xác định bởi:
a) Chứng minh an chia hết cho n với mọi giá trị nguyên dương của n .
a1 1; a2 2; a3 6; a4 12
an
bn
n . Chứng minh tồn tại vô số an 4 2an 3 an 2 2an 1 an , n 1 số nguyên dương
b) Đặt
n để 2015 là một ước của bn .
Hướng dẫn giải
a) Ta có b1 1; b2 1; b3 2; b4 3
Dễ thấy bn Fn với n 1; 2;3; 4 .
b
F
Bằng quy nạp ta chứng minh dãy n trùng với dãy n
Thật vậy:
Mệnh đề đúng với n 1; 2;3; 4 Giả sử mệnh đề đúng đến n 3 . Khi đó ta có:
(n 4)bn 4 2(n 3) Fn 3 ( n 2) Fn 2 2(n 1) Fn 1 nFn
n 4 Fn4
Dùng công thức của dãy Fibonaci : Fm2 Fm1 Fm ta dễ dàng biến đổi vế phải thành
suy ra bn 4 Fn 4 .
Vậy mệnh đề đúng với n 4 , do đó nó đúng với mọi n nguyên dương.
Điều đó chứng tỏ an luôn chia hết cho n với mọi n nguyên dương.
r
b) Gọi rn là số dư của bn cho 2015 với n 1; 2;3; 4 Trước tiên ta chứng minh n là một dãy
tuần hồn. Thật vậy:
Ta có : bn 2 b n 1 bn rn 2 rn 1 rn (mod 2015)
Vì có vơ hạn các cặp ( r1; r2 ), ( r2 ; r3 ),...(rn ; rn 1 ) nhưng chỉ nhận hữu hạn giá trị khác nhau nên tồn tại ít nhất
hai phần tử của dãy trùng nhau. Ta giả sử là ( rm ; rm1 ) (rmT ; rmT 1 ) (với T là một số nguyên dương).
Ta chứng minh (rn) tuần hoàn với chu kỳ T .
) Ta có : rm 2 rm 1 rm (mod 2015); rm T 2 rm T 1 rm T (mod 2015)
rm 2 rmT 2 (mod 2015)
rm 2 rmT 2
Tiếp tục như vậy ta chứng minh được: rmk rmT k với mọi k 0 (1)
) Ta có : rm 1 rm1 rm (mod 2015); rmT 1 rmT 1 rmT (mod 2015)
rm 1 rmT 1 (mod 2015)
rm 1 rmT 1
Bằng quy nạp ta chứng minh được: rm k rmT k với k 1; 2;...; m 1 (2)
r
Từ (1) và (2) suy ra n n 0 là một dãy tuần hoàn.
b
r
Bổ sung vào dãy n phần tử bo 0 thỏa mãn b0 b1 b2 suy ra r0 0 . Khi đó dãy n là dãy tuần
r
hoàn bắt đầu từ phần tử đầu tiên r0 = 0. Do đó tồn tại vô số phần tử trong dãy n bằng 0 .Như vậy câu b
được chứng minh xong.
3. GIỚI HẠN CỦA DÃY SỐ
3.1. TÍNH GIỚI HẠN BẰNG ĐỊNH NGHĨA
Bài 5.
Cho dãy số
an
1
a1 a a
3
2
an 1 2an 2an 2
3an 2 4an 1
xác định bởi :
a
a
Chứng minh rằng với mọi số thực a 0 thì dãy n hội tụ. Tùy theo a , hãy tìm giới hạn của dãy n .
Hướng dẫn giải
1
a 2
a
Nếu a 0 thì
(do bất đẳng thức AM-GM)
Nếu a 0 thì
a
1
1
2
a 2
a
a
(do bất đẳng thức AM-GM) nên
*
Nếu a 1 thì a1 2 . Ta chứng minh: an 2, n
Hiển nhiên a1 2 .
2.23 2.22 2
ak 2 ak 1
2
3.2 2 4.2 1
Giả sử
lim an lim 2 2
Vậy
.
a 0
*
. Nếu a 1 thì a1 2 . Ta chứng minh an 2 n
Rõ ràng a1 2 .
Giả sử ak 2 . Ta chứng minh ak 1 2
2ak 3 2ak 2 2
2
2 2 ak a k 2 0
2
3ak 4ak 1
( đúng)
a
Ta chứng minh n là dãy giảm, thật vậy :
2
a 3 2a 2 an 2 an 1 an 2
n, an 1 an n 2 n
0
3an 4an 1
3an 2 4an 1
( do tử âm, mẫu dương vì
2 7
an
3
3an 2 4an 1 0
2 7
an
3
2 7
an 2
3an 2 4an 1 0
3
Mà
)
ak 1 2
an
a
giảm và bị chặn dưới n có giới hạn là L .
2a 3 2an 2 2
2 L3 2 L2 2
lim an 1 lim n 2
3an 4an 1
3L2 4 L 1
L 2 an 2 L 1
Vậy lim an 2 .
. Nếu a 0 thì a1 2 . Tương tự, ta có:
2
an 3 2an 2 an 2 an 1 an 2
n, an 1 an
0
3an 2 4an 1
3an 2 4an 1
a
tăng. Hơn nữa n bị chặn trên bởi 1 , thật vậy
2ak 3 2ak 2 2
2
ak 1 1
1 ak 1 (2a 3) 0
2
3ak 4ak 1
nên
an
a
a
Vậy n tăng và bị chặn trên n có giới hạn là L .
an 1, n , an 1 an 0, n
2 L3 2 L2 2
L 1 an 1 L 2
3L2 4 L 1
Vậy lim an 1
L
Tóm lại: + Nếu a 1 thì lim an 2
a 0
+ Nếu a 1 thì lim an 2
Bài 6.
+ Nếu a 0 thì lim an 1 .
x
Cho dãy số n được xác định bởi
x1 0
1 2 3
2015
*
xn 1 xn x x 2 x 3 x 2015 n
n
n
n
n
Tìm giới hạn của dãy nxn khi n , với là số thực cho trước.
Hướng dẫn giải
Dễ dàng chứng minh được xn 0, n 1 bằng qui nạp
Ta có
2
1
1
1
xn 1 xn , n 1 xn21 xn xn2 2 2 xn2 2 ; n 1
xn
xn
xn
x 2 xn2 1 2 xn2 2 4 x12 2 n 1
Bởi vậy n N, n 2 thì n
xn 1, n 2 và lim xn
n
*
Với n N , đặt
xn 1 xn
xn 1; n 2 0 tn
1
2 3
2015
tn 2 3 2015
tn
xn
xn xn
xn
trong đó
t
xn2 , với t 2 3 2014 2015 (1), suy ra
2
2t
1
1
x x xn tn xn2 2 tn2 2 2 xntn n 2
xn
xn
xn
. khi n .
b1 x12
b xn2 xn2 1 , n 2.
b
Áp dụng định lý trung bình Cesaro cho dãy n với n
b b bn
lim 1 2
lim bn
lim bn 2.
n
n
ta có n
2 suy ra n
2
n 1
2
n
2
2
2
2
2
2
2
n 1
xn2 xn xn 1 xn 1 xn 2 x2 x1 x1 b1 b2 bn
lim 2 .
n x
2
n
n
n
Mà n
suy ra
n 1
lim 2
n x
2 như sau (chứng minh định lý trung bình Cesaro)
n
Thật vậy ta có thể chứng minh trực tiếp
cn : c1 x12 2; cn xn2
xn2 1 2
với n 2,3
cn , n m.
lim cn 0
*
n
2
nên 0 tồn tại m N sao cho
M max ci
Gọi
với 1 i m 1 .
2 m 1 M
2 m 1 M
m 1 M
m
1
m
'
m
2.
Với ở trên tồn tại
thì
hay
n max m, m '
Xét
. ta có
n
n
m 1
| i 1ci | i m ci i 1 | ci | n m 1 2 m 1 M m 1 M
.
n
n
n
n
n
2
m
2 2
o đó theo định
n
| i 1ci |
lim
0
n
nghĩa n
2
2
2
2
2
2
2
n 1
xn2 xn xn 1 xn 1 xn 2 x2 x1 x1 c1 c2 cn
lim
.
2
n x 2
2
n
n
n
n
. suy ra
Xét dãy
Nếu 2 thì
n.xn n.xn 2
1
khi n
2
2
2
Nếu 2 thì n.xn xn .n.xn khi n
2
2
Nếu 2 thì n.xn xn .n.xn 0 khi n .
3.2. TÍNH GIỚI HẠN BẰNG CÁC CƠNG THỨC CƠ BẢN
u
Bài 7.
Cho dãy số n được xác định như sau
u1 1
*
un 1 un un 2 un 4 un 6 16, n
n
Đặt
vn
i 1
1
ui 5 , hãy tính lim vn .
Hướng dẫn giải:
*
Dễ thấy un 0, n .
Theo bài ra ta có
un 1
u
2
n
6un un2 6un 8 16
un 1 1 un 1 un 5
Suy ra
n
vn
i 1
Do đó
u
2
n
2
6un 4 un2 6un 4
1
un 1 1
1
1
un 1 u n 5
n
1
1
1
1
1
1
1
ui 5 i 1 ui 1 ui 1 1 u1 1 un 1 1 2 un 1 1
2
Mặt khác, từ un 1 un 6un 4 ta suy ra un 1 6un .
Kết hợp với u1 1 ta có
un 6n 1 , n * lim un lim
1
un 1 1
0
.
1
1 1
lim vn lim
2 un 1 1 2
Từ đó ta có
u
Cho dãy số thực n
Bài 8.
*
ln 1 un2 nun 1, n *
n
với
thỏa mãn
.
n 1 nun
n
un
Tìm
.
lim
Hướng dẫn giải:
*
f x ln 1 x 2 nx 1, x
Với mỗi n , đặt n
2
x 1 n 1 0
2x
f x
n
1 x2
1 x2
Ta có
'
n
x 1
f n' x 0
n 1
Do đó
fn x
là hàm tăng thực sự trên .
f n 0 1 0
1
1
f n n ln 1 n 2 0
Ta có
f u 0
Do đó !un sao cho n n
và
lim un 0
Ta thấy n
0 un
1
n.
1
2 u2
n 1
lim
ln
1
u
n
n
lim nun lim 1 ln 1 un2 1
n
Do đó: n
1
n ln 1 un2
n 1 nun
lim
lim
lim nun ln 1 un2 un2 1.
n
n
n
un
un
Vậy
Bài 9.
Cho dãy số
an , n 1
thỏa mãn
a1 1, an
2n 3
an 1 , n 2
b , n 1 thỏa mãn
2n
và dãy n
n
bn ai , n 1
i 1
. Chứng minh dãy
bn
có giới hạn và tìm giới hạn đó.
Hướng dẫn giải:
Ta có
2nan 2n 3 an 1 an 1 2 n 1 an 1 nan , n 1
.
n
Do đó
bn 2 iai i 1 ai 1 2 1 n 1 an 1
i 1
nan
1
, n 1
n
.
Ta chứng minh bằng quy nạp rằng
Thật vậy:
- Với n = 1, ta có a1 1 nên khẳng định đúng.
an 1
2 n 1 3
2n 1 1
an
2 n 1
2n 2 n n , ta cần chứng
n 1 . Ta có
- Giả sử khẳng định đúng với n
1
2n 1 1
2n 1 n 1 2n n
2n 2 n n n 1 n 1
minh
4n 2 4n 1 n 1 4n3 1 3n
Bất đẳng thức cuối đúng nên khẳng định trên đúng với n 1 .
Theo ngun lí qui nạp thì khẳng định được chứng minh
1
2 1
2 1 n 1 an 1 bn 2
n
1
Ta có
Theo ngun lí kẹp thì dãy
Bài 10.
Cho dãy số
an
lim bn 2
có giới hạn và
.
4
a1 3
n 1, n
2
2
n 2 a n a n 1 a a
n
n 1
n n 1
thỏa mãn:
bn
Tìm lim an .
Hướng dẫn giải
n 2
*
Dễ thấy an 0, n . Từ giả thiết ta có
*
Với mỗi n , đặt
yn
an 1
2
n2
n 1
an
1 1
an 4 ta có y1 1 và
1
1
n2
2
2
2
2
n
2
y
n
y
n
1
n
2
y
n
y
y
y
n1
n1
n
n 1
n
2 n
4
4
n 2
2
Do đó
2
2
2
2
4n n 1
4
n 1 n 2 1
yn
an
... y1
2 2
2
n 1 n 1 3
16 n 2 n 1
n 1 n
Vậy lim an 4 .
3.3. TÍNH GIỚI HẠN BẰNG ĐỊNH LÍ KẸP
1
lim n
Bài 11. Tìm n n !
Hướng dẫn giải
n
Trước hết ta chứng minh bất đẳng thức : n! > ( 3 ) n (*) ( n N*).
1
Bằng phương pháp qui nạp. Thật vậy : với n =1 , ta có 1 > 3 (đúng).
k
Giả sử (*) đúng với n = k tức là : k! > ( 3 )k . Ta đi chứng minh (*) đúng với
n = k+1.
3
k
k 1
k 1
1
(1 ) k
k > ( 3 )k+1
Ta có (k+1)! = k!(k+1) >( 3 ) k (k+1) = ( 3 )k+1.
Bất đẳng thức cuối này đúng vì :
1
k k (k 1) 1
k (k 1)(k 2)....(k k 1) 1
. 2
k
k +...+
k!
(1+ k )k =1+ k + 2!
.k =
1
1
1
1
2
k1
1
1
1
1
(1 )
(1 )(1 )...(1
)
k +...+ k !
k
k
k < 1+1+ 2! +… + n ! <1+1+ 2 +...+ 2n 1 <
= 1+1+ 2!
1
1
1
1
1
n 1
<1+1+ 2 +...+ 2 +...< 1+ 2 = 3.
n
n
n!
3 , từ đây ta suy ra
Vậy (*) đúng với n k 1 . Do đó
n
n!
n
3
1
3
=> 0 < n ! < n .
n
Vì
lim
n
3
n =0.
Do đó theo định lý về giới hạn kẹp giữa ta suy ra:
lim(2014
Vậy
x
Cho dãy số n
Tính I lim xn
n
lim
n
1
n
n! = 0 .
1
)
n ! =2014
x1 1; x2 2
5
xn 1
2
; n *
2
xn 2
4 xn
thoả mãn
Từ giả thiết suy ra mội số hạng của dãy đều dương
y1 0; y2 1
2 y 5 yn 1 2 yn ; n *
Đặt yn log 2 xn , ta có dãy n 2
z1 2; z2 1
2 z 5 zn 1 zn ; n *
y
z
2
n
n
Lại đặt
, ta có dãy n 2
1
zn 4. n
2 .
Tìm được số hạng tổng qt của dãy là
Từ đó ta có lim yn 2 lim xn 4 .
z 1 =−2 , z 2 =−1
2 z n+2 =5 z n+1 −z n
{
3.4. CÁC DẠNG KHÁC
Bài 12.
x1 2016
m
*
x n+1 1+x 2 n N
n
Tìm các giá trị thực của tham số m để dãy số (xn):
có giới hạn hữu hạn.
Hướng dẫn giải:
*) m > 0 0 xn m n 1
Xét hàm số:
f ( x)
2mx
m
f '( x ) 2
0; m
( x 1) 2
x 2 1 ta có
f(x) nghịch biến trên
Suy ra ( x2 n ), ( x2 n 1 ) đơn điệu và bị chặn.
0m
x x3 x5 ...
2017
x1 x2 , x3 1
2016
x2 x4 x6 ...
f ( f (1))
4m
m
1, x2
1 x2 n 1 n N *
2
m 4
2017
+
Giả sử
2
a (1 b ) m
lim x2 n a, lim x2 n 1 b a 1,
(I )
2
b(1 a ) m
a b
( II )
3
a
a
m
( I ) b 1
a
( III )
1
a m
a
Khi o m 2 hệ (I) có nghiệm duy nhất (xn) có giới hạn hữu hạn.
2m
Khi
2017
2016 hệ (II) có nghiệm duy nhất lớn hơn 1 và hệ (III) có nghiệm thỏa mãn a b . Do đó
lim x2 n lim x2 n 1 ( xn ) khơng có giới hạn.
2017
m 2017 2016 x1 x2 , x1 x3
2016
x1 x3 x5 ...
x2 x4 x6 ...
lim x2 n lim x2 n 1 ( xn ) khơng có giới hạn.
*
+ m 2017 2016 xn 2016 n N l imxn 2016
x x3 x5 ...
m 2017 2016 x1 x2 , x1 x3 1
x2 x4 x6 ...
+
lim x2 n lim x2 n 1 ( xn ) khơng có giới hạn.
*) m 0 tượng tự ta có 0 m 2 và m 2017 2016 .
x
Bài 13. Cho số thực a, xét dãy số n n 1 được xác định bởi
xn3 6 xn 6
x1 a, xn 1 2
, n 1, 2,....
3 xn 9 xn 7
Tìm tất cả các giá trị của a để dãy số có giới hạn hữu hạn, tìm giới hạn đó?
Hướng dẫn giải:
lim xn 1
Với a 1 thì xn 1, n 1 nên n
3
3
xn 1 1
xn 1 2
xn 1 2
, xn 2 2
, n 2
3
x
9
x
7
3
x
9
x
7
a
1
n
1
n
1
n
1
n
1
Với
thì
3
Do đó
xn 2 xn 1 2
a2
...
xn 1 xn 1 1
a 1
xn
2 a 1
3n 1
3n 1
3n 1
, n 1
a 2
3n 1
3n 1
, n 1
a 2 a 1
Từ đó, tính được
3
a a 1 a 2 lim xn 2
n
2
Kết luận +
,
3
a 1 a 2 lim xn 1
n
2
+
3
3
3
a xn , n 1 lim xn .
n
2
2
2
+
a
Bài 14.
Cho hai dãy số dương
an n0 , bn n0
xác định bởi: a0 3, b0 2 và
1 an 1
an bn 1 a
n 1
a 2 1 b 2
n
n
Với mọi n 0,1, 2,... . Chứng minh rằng hai dãy trên hội tụ và tìm giới hạn của chúng.
Hướng dẫn giải:
an tan
Ta chứng minh bằng quy nạp
1
, bn
, n 0,1, 2,... (*)
n
3.2
cos n
3.2
. Thật vậy
1
tan 0 , b0 2
3
3.2
cos 0
3.2 , vậy * đúng
Với n 0 , ta có
1
2
1
a1
tan tan 1 , b1
6
3.2
3
3 cos
3.21 , vậy * đúng
Với n 1 , ta có
1
an tan
, bn
n
3.2
cos n
n
k
,
k
1
3.2
Giả sử khẳng định đúng đến
, tức là
1
an 1 tan
, bn 1
n 1
3.2
cos n 1
3.2 . Thật vậy. Từ 1 ta có
Ta chứng minh
sin n 1 2sin n 1 cos n 1 sin 2
cos 2
n
1
1 an 1
3.2
3.2
3.2
3.2n 1
3.2
1 an 1
cos n
cos 2
sin 2
n 1
3.2
3.2
3.2n 1
a0 3 tan
2
sin n 1 cos n 1 tan n 1 1
sin n 1 cos n 1
3.2
3.2
3.2
3.2
3.2
a
cos
sin n 1 1 tan n 1
cos n 1 sin n 1 cos n 1 sin n 1
3.2n 1
3.2
3.2
3.2
3.2
3.2
3.2
1
1
bn21 an21 1 tan 2
1
bn 1
n 1
3.2
cos 2
cos n 1
n 1
2
3.2
3.2
Khi đó từ
, suy ra
1
, bn
, n 0,1, 2,...
n
3.2
cos n
3.2
Như vậy theo nguyên lý quy nạp thì
1
1
lim an lim tan n tan 0 0; lim bn lim
1
n
n
n
3.2
cos
0
n
cos n
3.2
Do đó
an tan
n 1
tan
3.2n 1
lim an 0; lim bn 1
Kết luận:
n
Bài 15.
Cho dãy số (un ) xác định như sau :
n
.■
u1 2014
2
2
un 1 un (1 2a )un a ; n 1, 2,...
Tìm điều kiện của a để dãy số (un ) có giới hạn hữu hạn khi n và tính giới hạn đó.
Hướng dẫn giải
2
Ta có: un 1 un (un a) 0 un 1 un ; n 1, 2,3,...
* Suy ra dãy số (un ) tăng knn ; từ đó dãy số (un ) có giới hạn hữu hạn khi và chỉ khi dãy bị chặn trên.
2
2
lim un L ( L )
Giả sử n
, thì chuyển qua giới hạn hệ thức un 1 un (1 2a )un a ta có:
L L2 (1 2a ) L a 2 L a
lim un L a
*
- Nếu có chỉ số k mà uk a thì un a; n k trái với kết quả n
2
2
Do đó: uk a với mọi k 1, 2,... hay un (1 2a)un a a, n 1, 2,3,...
a 1 u1 a a 1 2014 a
* Đảo lại: Nếu a 1 2014 a a 1 u1 a
(u1 a 1)(u1 a ) 0 u12 (1 2a )u1 a 2 a 0 u2 a
và u1 u2 a 1 u2 a
Bằng quy nạp ta chứng minh được a 1 un a, n 1, 2,3,... (H/s trình bày ra)
Như vậy dãy (un ) tăng knn, bị chặn trên bới a , do đó dãy số (un ) có giới hạn hữu hạn.
lim un a
Kết luận: Với điều kiện a 1 2014 a thì dãy số (un ) có giới hạn hữu hạn khi n và n
.
Bài 16.
Cho dãy số
xn
x1 a
2 xn3
xn 1 3 x 2 1 , n 1, 2,3,...
n
thỏa mãn
Tìm a sao cho dãy số xác định và có giới hạn hữu hạn.
Hướng dẫn giải
3
Đặt
f x
2x
3
, x
2
3x 1
3 . Ta có x1 a, xn 1 f xn . Ta có
f ' x
6x4 6x2
3x
2
1
2
6 x 2 x 2 1
3x
2
1
2
.
Bảng biến thiên
x
f’(x)
-1
3
3
0
3
3
1
-1
0
f(x)
1
Ta xây dựng dãy số như sau
a0
3
, a0 f a1 , a1 f a2 , a2 f a3 ,...
3
.
Nhận thấy a1 , a3 ,..., a2 k 1 ,... 0; a0 , a2 ,..., a2 k ,... 0 .
3
3
a1
;0 , a2 f 1 a1 0;
3
3
Dựa vào bảng biến thiên ta thấy
a2 a0 f a3 f a1 a3 a1 f a4 f a2 a4 a2
Bằng quy nạp ta chứng minh được dãy
tăng và bị chặn bởi
Ta có
a2k
.
3
a
đơn điệu giảm, bị chặn bởi 0 và 3 , dãy 2 k 1 đơn điệu
3
lim a , lim a
3 và 0. Từ đó tồn tại k 2 k k 2 k 1 .
an f an 1 f f an 2 lim an f f lim an 2 l f f l
3
2l 3
2 2
3l 1
l
2
2l 3
3 2 1
3l 1
1
l l 2 l 2 1 20l 4 15l 2 5 0
5
(*)
3
2 x3
3
f x 2 , x
3 ;0
,
3
x
1
3
(do
liên tục trên
Xét
0l
3
0;
l lim an
3 và
n
).
1
3
3
5
*
an
l
3 . Vậy
5
3 . Ta có f f an an an 2 an 0 nên
5 .
Tương tự ta chứng minh được dãy
a2 k 1
đơn điệu tăng, hội tụ về
5
5
xn
5
5
a
5
5 thì x2 x1 , x3 x2 nên ta có dãy
+) Nếu
Dãy này khơng hội tụ.
5
5 .
nÕu n chẵn
nếu n lẻ
5
5
xn
5
5
a
5
5 ta có dãy
+) Nu
nếu n chẵn
nếu n lẻ
Dóy ny khụng hi t.
+) Nu tồn tại n sao cho a an thì ta có
x1 an f x1 f an x2 an 1 f x2 f an 1 x3 an 2 ,..., xn 1 a0
3
3
Khi đó khơng tồn tại xn 2 .
Vậy nếu a an thì dãy khơng xác định.
+) Nếu
0a
5
5 thì hai dãy con x2 k , x2 k 1 cùng hội tụ về 0 nên giới hạn của dãy là 0.
x f a a x1
Nếu a 1 thì 2
và hàm số đồng biến nên dãy đơn điệu giảm, bị chặn dưới bởi 1. Khi đó
dãy hội tụ về 1.
3
a 1
x f a 1
+) Nếu 3
thì 2
. Khi đó ta có thể khảo sát dãy từ x2 . Trường hợp này dãy đơn điệu
giảm và bị chặn dưới bởi 1 nên hội tụ về 1 .
+) Nếu a = 1 thì xn 1 n nên dãy hội tụ về 1 .
+) Nếu
5
3
5
3
a
lim a2 n
a0
n
5
3 ta có 5
3 nên tồn tại a2 k , a2 k 2 sao cho a2 k 2 a a2 k (Thật
và
vậy, các số hạng của
a2k
bên phải a do nếu thế thì
Vậy
khơng thể cùng nằm bên trái a do
a a2 n
a0
3
3 , chúng cũng không thể cùng nằm
3
5
lim a2 n
n
3
5 ).
a a2 k 2 ; a2 k x2 a2 k ; a2 k 2 ,..., x2 k a2 ; a0 , x2 k 2 a0 ; x2 k 2
3
3 . Khi đó ta lại có
dãy đơn điệu giảm, bị chặn dưới bởi 1 nên hội tụ về 1.
Vì f(x) là hàm lẻ nên trường hợp
5
3
a 0, 1 a
, a 1, a 1
5
3
ta khảo sát tương tự.
Kết luận: Điều kiện để dãy xác định và có giới hạn hữu hạn là
a
3
5
; a ; a an , n 1, 2,3,...
3
5
Bài 17.
Cho dãy số
Chứng minh rằng
an
xác định bởi 0 a1 1 và
lim an n 0
n
an 1 an
n
, n 1
an
.
.
Hướng dẫn giải
1
a2 a1 2
a1
Áp dụng bất đẳng thức AM-GM ta có
(do a1 1 )
Nhận xét: an n, n 2 .
Ta sẽ chứng minh nhận xét này bằng phương pháp quy nap.
Thật vậy
Với n 2 ta có a2 2 (đúng)
Giả sử ak k
Ta có
ak 1 ak
k
k 1 ak2 k k 1 ak
ak
ak2 k 1 ak k 0
ak 1 ak k 0
(đúng)
Suy ra ak 1 k 1
Như vậy an n, n 2 (điều phải chứng minh).
n
n
an 1 n 1 an n 1 an n 1
an
an
Mặt khác,
an2 n 1 an n an n an 1
an
an
(1)
Áp dụng (1) ta có
a2 2 a2 1
a3 3
a2
a 3 a3 1
a4 4 3
a3
...
an n an 1
an 1 n 1
an
Suy ra
a3 3 a4 4 ... an1 n 1
an 1 n 1
a2 2 a2 1 a3 3 a3 1 ... an n an 1
a2 a3 ...an
a2 2 a2 1 a3 1 ... an 1
a2 a3 ...an
.
1
1
1
an 1 n 1 a2 2 1
... 1
1
a2 a3 an
n
1
an 1 n 1 a2 2 1
ai
i 2
(2)
n
an 1
an 1 1
an
a
1
n
1
n
an n
1
an 1
an 1
an 1
an 1 (do
an
Ta lại có
)
n
Suy ra
1
i 2
1
ai
a1 a2 an 1 a1
. ...
an
a2 a3 an
.
an 1 n 1 a2 2 .
Từ (2)
a1
a
a2 2 . 1
an
n (vì an n )
0 an 1 n 1 a2 2 .
a1
n.
a1
a
0 lim a2 2 1 0
n
n
Mà n n
.
lim
Do đó
lim an 1 n 1 0
n
Bài 18.
hay
lim an n 0
n
.
*
Cho p , a 0 và a1 0 . Xét dãy số ( an ) được xác định bởi:
1
a
an 1 ( p 1)an p 1
p
an
, với mọi n 1 .
Chứng minh dãy số ( an ) có giới hạn hữu hạn khi n . Hãy tìm giới hạn đó.
Hướng dẫn giải
* Theo bất đẳng thức Cơsi ta có:
1
a
1
a
p
an 1 an an ... an p 1 p. p anp 1. p 1 a
p
an
p
an
p 1
, với n 1 . (1)
1
a
an 1 an ( p 1)an p 1 an
p
an
a
anp a
a
n
0; n 2
p p.anp 1
p.anp 1
Do đó:
Từ (1) và (2) ta có dãy số ( an ) giảm và bị chặn dưới bởi
suy ra dãy số ( an ) có giới hạn hữu hạn khi n .
Giả sử
lim an L
n
p
a;
p
; ( L a ).
1
a
an 1 ( p 1)an p 1
p
an
Chuyển qua giới hạn hệ thức
1
a
L ( p 1) L p 1 pLp ( p 1) Lp a
p
L
ta có phương trình
(2)
p
Lp a L a (thỏa mãn điều kiện).
p
lim an a
Vậy n
.
x
Cho trước số thực dương và xét dãy số dương n thỏa mãn
Bài 19.
xn1
Chứng minh rằng dãy
xn
1
1 1
*
xn
với mọi n .
hội tụ và tìm giới hạn của nó.
Hướng dẫn giải
1
f ( x ) x , x 0
x
Xét hàm số
.
1
1 x 1
1
f '( x ) x 1 2
1
2
f
'(
x
)
0
x
x
0
x
x
Ta có
;
.
Ta có bảng biến thiên của hàm f(x):
x
x0
0
0
f'(x)
+∞
+
+∞
+∞
f(x)
f(x0)
f ( x ) f x0
Suy ra
Do đó
xn1
1
1
1
( 1)
1
1
1
1 1 xn1
xn
xn 1
x
x
Suy ra xn 1 xn hay n là dãy giảm. Kết hợp với xn 0 với mọi n ta suy ra dãy n hội tụ.
1
1
( 1)
x0
Đặt lim xn 0 . Chuyển qua giới hạn ta được
Vậy lim xn
Bài 20.
1
1
.
Tìm tất cả các hằng số c 0 sao cho mọi dãy số dãy số (un ) thỏa mãn
un (0;1)
n 1
un 1 (1 un ) c
đều hội tụ. Với giá trị c tìm được hãy tính giới hạn của dãy (un ) .
Hướng dẫn giải
Ta xét các trường hợp sau
+ Nếu
c
cun
c
1
un 1
4cun ; n 1
1 un un (1 un )
4 , thì từ giả thiết, ta có
1
c
n 1
u
(4
c
)
u
u
1 . Do 4c 1 nên
n
4
Từ đây bằng quy nạp, ta suy ra n
khi n . Do đó,
khơng thỏa mãn
1 1 4c 1 1 4 c
a (1 b) c
1
a
,
b
;
, a b
0c
2
2
4 , thì tồn tại
+ Nếu
sao cho b(1 a ) c . Thật vây, lấy
1 1 4c 1 1 4 c
a
;
,
2
2
đặt b a x ( x 0) , thì
a(1 a ) c
a (1 b) c a (1 a x ) c x
a
.
Chú ý là b(1 a) a(1 a) c. Do đó, ta chỉ cần chọn x 0 như trên và b a x, thì được 2 bất đẳng
thức nêu trên.
Xét dãy số (un ) xác định bởi
a khi n 2m
un
b khi n 2m 1
1
0c
(
u
)
4 cũng khơng thỏa mãn.
thì dãy n thỏa mãn giả thiết nhưng không hội tụ. Thành thử,
un
1
1
un 1
un
c
4(1
u
)
4
u
(1
u
)
4
n
n
n
+ Nếu
, thì
. Suy ra dãy (un ) tăng và bị chặn. Do đó, (un ) hội tụ.
1
1
1
x(1 x)
x .
lim un .
x
li
m
u
,
n thì từ giả thiết ta có
4 hay
2 Vậy
2
Đặt
Bài 21.
Cho dãy số
sn
với
un
sn
2
*
xác định như sau: u1 2 , un 1 un un 1 , n . Tìm giới hạn của dãy
1 1
1
... , n *
u1 u2
un
.
Hướng dẫn giải
Bằng phép quy nạp đơn giản ta thấy rằng: un 2 .
2
u
Xét tính đơn điệu của dãy n . Từ hệ thức un 1 un un 1 ta suy ra được
2
n * , un 1 un un 1 0
u
, vậy dãy số n tăng.
Tính tổng: Từ hệ thức truy hồi (1) ta suy ra được
1
un 1 1
un 1 1 un un 1
1
1
1
1
1
1
un un 1 un 1 un
un un 1 un 1 1
*
*
với n
Thay n bởi 1, 2, 3, ... , n vào (*) và cộng vế với vế các đẳng thức ta suy ra :
1 1
1
1
... 1
u1 u2
un
un 1 1
Do dãy
un
là dãy tăng nên có hai khả năng sau xảy ra:
u
bị chặn trên. Theo tiêu chuẩn Weierstrass, nên n tăng và bị chặn trên nên nó có giới hạn.
lim un a a 2
Giả sử n
. Chuyển qua giới hạn hệ thức (1) khi n ta có:
2
2
a a a 1 a 2a 1 0 a 1 , vô lý.
1) Dãy
un
2) Dãy không bị chặn trên, do
un
tăng và không bị chặn trên nên
1
lim un lim un 1 lim
0
n
n
n u
n
1 1
1
1
lim ... lim 1
1
n u
u2
un n un
1
Vì thế từ (2) ta suy ra:
Bài 22.
Cho dãy số (un) thỏa mãn :
u0 2016; un 1 un
1
un2 .
un3
Tính n n .
lim
Hướng dẫn giải
3
1
3 1
(un 1 )3 un 2 un3 3 3 6
un
un un
3 1
(un 1 )3 un3 3 3 6 un3 3 , n
un un
Do un 0 n =>
3
3
3
suy ra (un ) u0 3n 2016 3n, n
Lại có
(1)
3
1
3 1
(un 1 ) un 2 un3 3 3 6
un
un u n
3
1
1
1
un3 3
un3 3
2
3
3
2016 3n 2016 3n
n 3n 2
3
1
1
(un 1 )3 un3 3
n
n 3n 2
=>
Suy ra
n 1
n
1 n 1 1
1 n 1
2 u13 3n 2
k 1 k
k 1 9k
k 1 k
k 1 9k
n
1
1
1
1
1
1
...
2 2
2
1.2 2.3
(n 1)n
n
k 1 k
(un )3 u13 3( n 1)
Do
2
n
1
n 1
n
2n
k
2
k 1 k
k 1
và
(Bất đẳng thức Bunhiacopxki)
2
(un )3 u13 3n 2n
9
suy ra
(2)
Từ (1) và (2) suy ra
2
20163 3n (un )3 u13 3n 2n , n
9
3
3
3
(u )
u
2016
2
2
3 n 1 3
, n
n
n
n
9n
n
un3
3
Do đó n n
lim
Bài 23.
Cho số thực a, xét dãy số
xn xác định bởi:
x1 a, xn 1 ln 3 cos xn sin xn 2014, n 1, 2...
Chứng minh rằng dãy số trên có giới hạn hữu hạn khi n .
Hướng dẫn giải
Đặt
f x ln 3 sin x cos x 2014, x
cos x sin x
3 sin x cos x
3 f ' x 2 cos x
4
f ' x
2
2 f ' x sin x
4
2
9 f ' x 2 2 f ' x f ' x
Áp dụng định lí Lagrange cho hàm số
f x
2
q, x
7
.
liên tục và có đạo hàm trên , thì với mọi số thực x,y tồn tại
z sao cho:
f x f y f ' z x y q x y f x f y q x y , x , y
m n m, n * ,
x x f xm 1 f xn 1 q xm 1 xn 1 ... q m n 1 xm n 1 x1
ta có: m n
2014 xn 2014 ln 5, n * xn
Mặt khác:
bị chặn
0, N * : q m n 1 xm n 1 x1 , m n N .
Do đó:
x
Vậy n là dãy Cauchy, nên dãy số đã cho hội tụ.
Với
4. GIỚI HẠN CỦA HÀM SỐ
4.1. TÍNH GIỚI HẠN BẰNG ĐỊNH NGHĨA
4.2. TÍNH GIỚI HẠN BẰNG CÁC CƠNG THỨC CƠ BẢN
4.3. TÍNH GIỚI HẠN BẰNG ĐỊNH LÍ KẸP
4.3. TÍNH GIỚI HẠN BẰNG ĐẠO HÀM
4.4. CÁC DẠNG KHÁC