lời giải toán phương pháp toạ độ trong mặt phẳng
Bạn đang xem bản rút gọn của tài liệu. Xem và tải ngay bản đầy đủ của tài liệu tại đây (641.12 KB, 14 trang )
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
1 Nguyễn Công Mậu
Bài 1: Trong hệ tọa độ
,Oxy
cho hình thoi
ABCD
cạnh
AC
có phương trình là:
,0317 yx
hai đỉnh
,BD
lần lượt thuộc các đường thẳng
1
: 8 0,d x y
2
: 2 3 0d x y
. Tìm tọa
độ các đỉnh của hình thoi biết rằng diện tích hình thoi bằng 75 và đỉnh A có hoành độ âm.
Giải:
12
( ;8 ), (2 3; ).B d B b b D d d d
Khi đó
D ( 2 3; 8)B b d b d
và trung điểm của
BD
là
2 3 8
;.
22
b d b d
I
Theo tính chất hình thoi ta có :
8 13 13 0 0
.0
6 9 9 0 1
AC
BD AC b d b
u BD
I AC b d d
I AC
.
Suy ra
(0;8); ( 1;1)BD
.
Khi đó
19
;
22
I
;
( 7 31; )A AC A a a
.
2
1 15
. 15 2
2
2
ABCD
ABCD
S
S AC BD AC IA
BD
2 2 2
3 (10;3) ( )
63 9 225 9 9
7
6 ( 11;6)
2 2 2 2 4
a A ktm
a a a
aA
Suy ra
(10;3)C
.
Bài 2: Trong hệ tọa độ
,Oxy
cho hai đường thẳng
02:
1
yxd
và
022:
2
yxd
. Giả
sử
1
d
cắt
2
d
tại
.I
Viết phương trình đường thẳng
đi qua
)1;1(M
cắt
1
d
và
2
d
tương
ứng tại
BA,
sao cho
IAAB 3
.
Giải:
1
d
cắt
2
d
tại
).0;2(I
Chọn
,)2;0(
10
dA
ta có
.22
0
IA
Lấy
20
);22( dbbB
sao cho
263
000
IABA
72)2()22(
22
bb
.
5
16
;
5
42
)4;6(
5
6
4
06445
0
0
2
B
B
b
b
bb
Suy ra đường thẳng
là đường thẳng qua
)1;1(M
và song song với
.
00
BA
Suy ra phương trình
0: yx
hoặc
.067: yx
I
d
1
d
2
A
M
B
A
0
B
0
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
2 Nguyễn Công Mậu
Bài 3: Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho hình thoi ABCD có tâm I(2;1) và AC =
2BD. Điểm M
1
(0; )
3
thuộc đường thẳng AB, điểm N(0; 7) thuộc đường thẳng CD. Tìm tọa
độ đỉnh B biết B có hoành độ dương.
N
D
I
A
C
B
N'
M
Giải:
Gọi N’ là điểm đối xứng của N qua I thì N’ thuộc AB,
ta có:
'
'
24
25
N I N
N I N
x x x
y y y
Phương trình đường thẳng AB: 4x + 3y – 1 = 0
Khoảng cách từ I đến đường thẳng AB:
22
4.2 3.1 1
2
43
d
AC = 2. BD nên AI = 2 BI, đặt BI = x, AI = 2x trong tam giác vuông ABI có:
2 2 2
1 1 1
4d x x
suy ra x =
5
suy ra BI =
5
hoctoancapba.com
Điểm B là giao điểm của đường thẳng 4x + 3y – 1 = 0 với đường tròn tâm I bán kính
5
Tọa độ B là nghiệm của hệ:
22
4x 3y – 1 0
( 2) ( 1) 5xy
B có hoành độ dương nên B( 1; -1)
Bài 4: Trong hệ tọa độ Oxy cho đường thẳng
: 2 3 0xy
và hai điểm A(1; 0), B(3; -
4). Hãy tìm trên đường thẳng
một điểm M sao cho
3MA MB
nhỏ nhất.
Giải:
Gọi I là trung điểm của AB, J là trung điểm của IB. Khi đó I(1 ; -2), J(
5
;3
2
)
Ta có :
3 ( ) 2 2 2 4MA MB MA MB MB MI MB MJ
Vì vậy
3MA MB
nhỏ nhất khi M là hình chiếu vuông góc của J trên đường thẳng
Đường thẳng JM qua J và vuông góc với
có phương trình: 2x – y – 8 = 0.
Tọa độ điểm M là nghiệm của hệ
2
2 3 0
5
2 8 0 19
5
x
xy
xy
y
. Vậy M(
19 2
;
55
)
Bài 5: Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho điểm
P( 7;8)
và hai đường thẳng
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
3 Nguyễn Công Mậu
1
:2 5 3 0d x y
;
2
:5 2 7 0d x y
cắt nhau tại A . Viết phương trình đường thẳng
3
d
đi
qua P tạo với
1
d
,
2
d
thành tam giác cân tại A và có diện tích bằng
14,5
.
Giải :
Ta có
A(1; 1)
và
12
dd
. hoctoancapba.com Phương trình các đường phân giác của các
góc tạo bởi
1
d
,
2
d
là:
1
:
7 3 4 0xy
và
2
:
3 7 10 0xy
3
d
tạo với
1
d
,
2
d
một tam giác vuông cân
3
d
vuông góc với
1
hoặc
2.
.
Phương trình của
3
d
có dạng:
7 3 0x y C
hay
3 7 0
x y C
Mặt khác,
3
d
qua
( 7;8)P
nên C = 25 ; C = 77
Suy ra :
3
: 7 3 25 0d x y
hay
3
:3 7 77 0d x y
Theo giả thiết tam giác vuông cân có diện tích bằng
29
2
cạnh huyền bằng
58
Suy ra độ dài đường cao A H =
58
2
=
3
( , )d A d
Với
3
: 7 3 25 0d x y
thì
3
58
( ; )
2
d A d
( tm)
Với
3
:3 7 77 0d x y
thì
3
87
( ; )
58
d A d
( loại )
Bài 6: Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho tam giác ABC có đỉnh
2;1 ,B
điểm A thuộc Oy,
điểm C thuộc Ox (
0
C
x
), góc
30
o
BAC
; bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC
bằng
5
. Xác định toạ độ điểm A và C.
Giải:
Gọi C(c;0); A(0;a); ta có:
2 sin30 5
o
BC R
22
2
5 2 0 1 5BC c
0 , 4 ( )c c loai
Suy ra C(0 ;0) trùng với điểm O .Gọi H hình chiếu vuông góc điểm B trên Oy ta có tam
giác BHA một nửa tam giác đều .Nên BA =2 BH do đó HA =
23
(0;1 2 3)A
hoặc
(0;1 2 3)A
Vậy có
(0;1 2 3)A
, B(-2 ;1) , C(0 ;0) hoặc
(0;1 2 3)A
, B(-2 ;1) , C(0 ;0)
Bài 7: Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho đường tròn
22
: 6 2 6 0C x y x y
và điểm
A(1;3) ; Một đường thẳng d đi qua A, gọi B, C là giao điểm của đường thẳng d với (C).
Lập phương trình của d sao cho
AB AC
nhỏ nhất.
Giải:
Tâm đường tròn
(3; 1), 2; 2 5 ( , ) 2I R IA d I A R
nên điểm A nằm ngoài (C)
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
4 Nguyễn Công Mậu
Ta có
/( )AC
P
AB.AC = d
2-
- R
2
= 16 ; và
2 . 2.4 8AB AC AB AC
dấu “=”xẩy ra
AB
= AC = 4 . Khi đó d là tiếp tuyến của (C), d có dạng
( 1) ( 3) 0a x b y
30ax by a b
Từ đó ta có
22
33
( , ) 2 2
a b a a
d I d
ab
2
0
34
43
b
b ab
ab
chọn
0
1
b
a
4
3
b
a
Vậy phương trình d :
1, 3 4 15 0x x y
Bài 8: Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho đường tròn (T):
22
2 4 8 0x y x y
và điểm
(7;7)M
. Chứng minh rằng từ M kẻ đến (T) được hai tiếp tuyến MA, MB với A, B là các tiếp
điểm. Tìm tọa độ tâm đường tròn nội tiếp tam giác MAB.
m
K
I
B
M
A
Giải:
22
( ) ( 1) ( 2) 13 (1; 2); 13T x y I R
Ta có:
(6;9) 117 13IM IM
. Suy ra điểm M nằm
ngoài (T). Vậy từ M kẻ đến (T) được 2 tiếp tuyến Gọi
K MI AmB
. Ta có
,MA MB IA IB
MI là đường
trung trực của AB
KA = KB
KAB KBA KAM KBM K
là tâm đường tròn nội tiếp tam
giác MAB.
PTTS MI:
12
23
xt
yt
,
()MI T
tại K
1
(3;1) và K
2
(-8;-12)
Ta có
12
.AK AK
Vậy
1
KK
, tức là K(3;1)
Bài 9: Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có
5,AB
( 1; 1)C
,
đường thẳng
AB
có phương trình là
2 3 0xy
và trọng tâm G của tam giác
ABC
thuộc
đường thẳng
: 2 0xy
. Tìm tọa độ các đỉnh
A
và
.B
Giải:
Gọi
( ; )I x y
là trung điểm của đoạn
AB
và
( ; )
GG
G x y
là trọng tâm của
ABC
. Do
2
3
CG CI
nên
2 1 2 1
;.
33
GG
xy
xy
Tọa độ điểm
I
thỏa mãn hệ phương trình:
2 3 0
5
2 1 2 1
1
20
33
xy
x
xy
y
. Vậy
(5; 1)I
Ta có
5
22
AB
IA IB
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
5 Nguyễn Công Mậu
Gọi
()C
là đường tròn có tâm
(5; 1)I
và bán kính
5
2
R
22
5
( ) : ( 5) ( 1)
4
C x y
.
Tọa độ hai điểm
,AB
là nghiệm của hệ phương trình:
22
2 3 0 4 6
.
5 1 3
( 5) ( 1)
4 2 2
x y x x
x y y y
Vậy tọa độ hai điểm
,AB
là
13
4; , 6; .
22
Bài 10: Trong hệ toạ độ Oxy, cho đường thẳng d:
3y
. Gọi (C) là đường tròn cắt d tại 2
điểm B, C sao cho tiếp tuyến của (C) tại B và C cắt nhau tại O. Viết phương trình đường
tròn (C), biết tam giác OBC đều.
Giải:
Gọi (C)có tâm I bán kính R. OI cắt BC tại H thì H là
trung điểm BC và OH vuông góc BC
=>H(0;
3
)=>OH=
3
. Do tam giác OBC đều nên
OH=
3
32
2
BC
BC
.
Trong tam giác vuông IB có
2
1
.1
3
HB HI HO IH
1 3 4 3
(0; ) (0; )
3 3 3
HI OH I
Trong tam giác vuông IBH có
2 2 2 2
4
3
R IB IH HB
Vậy phương trình đường tròn (C):
22
4 3 4
()
33
xy
Bài 11: Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho điểm M (2; 1) và đường thẳng : x – y +
1 = 0. Viết phương trình đường tròn đi qua M cắt ở 2 điểm A, B phân biệt sao cho
MAB vuông tại M và có diện tích bằng 2.
H
O
C
B
I
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
6 Nguyễn Công Mậu
I
M
A
B
H
Giải:
Đường tròn (C) tâm I(a, b) bán kính R có phương trình
2 2 2
( ) ( )x a y b R
hoctoancapba.com
MAB vuông tại M nên AB là đường kính suy ra
qua I
do đó: a - b + 1 = 0 (1)
Hạ MH
AB có
( , )
2 1 1
2
2
M
MH d
11
. 2 .2 . 2 2
22
MAB
S MH AB R R
Vì đường tròn qua M nên
22
(2 ) (1 ) 2 (2)ab
Ta có hệ
22
1 0 (1)
(2 ) (1 ) 2 (2)
ab
ab
Giải hệ được a = 1; b = 2. Vậy (C) có phương trình
22
( 1) ( 2) 2xy
Bài 12: Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho hình vuông ABCD, điểm C(3; -3) và điểm A
thuộc đường thẳng d: 3x + y -2 = 0. Gọi M là trung điểm của BC, đường thẳng DM
phương trình : x – y –2 = 0. Xác định tọa độ các điểm A, B, D.
Giải:
A d A(t; 2 -3t)
Ta có: d(C; DM) =
2
1
d(A; DM) | 4t -4 | = 8 | t - 1 | = 2
1t
3t
t = 3 A(3, -7) (loại vì A, C phải khác phía đối DM)
t = -1 A(-1, 5) (thỏa mãn)
Giả sử D(m; m-2).
)3;5(D5m
)1m()3m()7m()1m(
0)1m)(7m()3m)(1m(
CDAD
CDAD
2222
Gọi I là tâm của hình vuông I là trung điểm của AC I (1; 1)
Do I là trung điểm của BD B(-3; -1)
Bài 13: Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có đỉnh
B 2;0
;
C 3;5
.
G Là trọng tâm thuộc đường thẳng d có phương trình là
2x y 1 0
và diện tích tam giác
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
7 Nguyễn Công Mậu
ABC bằng
5
2
. Hãy xác định tọa độ điểm A ?
Giải:
BC ( 5;5) BC 5 2pt:BC là:x+y-2=0
ABC GBC ABC
5 1 5
S S S
2 3 6
. (G là trọng tâm tam giác ABC)
G d :2x y 1 0 G(x; 2x 1)3
GBC
(G.BC)
2 2 7
x G( ; )
x 2 2x 1
2S
1 1 1
3 3 3
d x 1
4 4 11
BC 3
3 2 2 3 2
x G( ; )
3 3 3
Với
2 7 4 11
G( ; ) A( 1;2);G( ; ) A( 3;6)
3 3 3 3
Bài 14: Trong mặt phẳng hệ toạ độ Oxy cho ba đường d
1
: x – 2y + 1 = 0; d
2
: 3x – y – 2 =
0; d
3
: 2x + y + 1 = 0. Tìm điểm M trên d
1
điểm N trên d
2
sao cho MN =
5
và MN song
song với d
3
Giải:
M thuộc d
1
, N thuộc d
2
nên M(2a - 1; a), N(b; 3b - 2)
2 2 2
5 5 ( 2 1) (3 2) 5MN MN b a b a
<=> (1)
3
3
/ / . 0 ( 2 1;3 2).(2;1) 0
d
MN d MN n b a b a a b
thay vào (1) ta được a = b = 0 hoặc a = b = 2
Vậy có 4 điểm thoả mãn bài toán là: M(-1; 0), N(0; -2) hoặc M(3; 2), N(2; 4)
Bài 15: Trong mặt phẳng toạ độ Oxy, cho đường tròn (C) có phương trình:x
2
+ y
2
– x – 4y
– 2 = 0 và các điểm A(3 ;-5) ; B(7;-3). Tìm điểm M trên đường tròn (C ) sao cho P = MA
2
+ MB
2
nhỏ nhất.
Giải:
-Đường tròn (C) có tâm
15
( ;2),
22
IR
-Gọi H là trung điểm đoạn AB => H(5; -4). Xét tam giác MAB có
2 2 2 2
2 2 2 2
2
2 4 2
MA MB AB AB
MH P MA MB MH
do đó P nhỏ nhất khi MH nhỏ nhất hay M là giao điểm của OH với (C)
mà
53
:
44
xt
IH
yt
, thay vào phương trình đường tròn ta được ptrình t
2
+ 3t + 2 = 0 <=> t
= -1 và t = -2 => với t = -1 thì M(2; 0), với t = -2 thì M(-1; 4)
-Kiểm tra thấy M(2; 0) là điểm cần tìm
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
8 Nguyễn Công Mậu
Bài 16: Trong mặt phẳng tọa độ
Oxy
cho tam giác
ABC
vuông tại
A
, biết
B
và
C
đối
xứng nhau qua gốc tọa độ. Đường phân giác trong của góc ABC có phương trình là
2 5 0xy
. Tìm tọa độ các đỉnh của tam giác biết đường thẳng
AC
đi qua điểm
(6;2)K
.
Giải:
(5 2 ; ), (2 5; )B b b C b b
,
(0;0)O BC
Gọi I đối xứng với O qua phân giác trong góc ABC nên
(2;4)I
và
I AB
Tam giác
ABC
vuông tại A nên
2 3;4BI b b
vuông góc với
11 2 ;2CK b b
2
1
(2 3)(11 2 ) (4 )(2 ) 0 5 30 25 0
5
b
b b b b b b
b
Với
1 (3;1), ( 3; 1) (3;1)b B C A B
loại
Với
5 ( 5;5), (5; 5)b B C
31 17
;
55
A
Vậy
31 17
; ; ( 5;5); (5; 5)
55
A B C
Bài 17: Trong mặt phẳng với hệ tọa độ
Oxy
cho đường tròn (C)
22
2 6 2 0x y x y
và đường thẳng d:
20xy
. Tìm các đỉnh của hình vuông ABCD nội tiếp đường tròn
(C) biết đỉnh A thuộc d và có hoành độ dương. hoctoan capba.com
Giải:
+ Đường tròn
22
( 1) ( 3) 8xy
có tâm
( 1;3)I
bán kính
22R
+ A thuộc d nên
( ;2 )A x x
.
+ Ta có
2 2 2
8 ( 1) (1 ) 8IA x x
2
( 1) 4
1
3 ( )
x
x
xL
Vậy
(1;1) ( 3;5)AC
.
+ Đường thẳng BD đi qua
( 1;3)I
vuông góc với IA nên nhận
(2; 2)IA
//
(1; 1)u
làm
véc tơ pháp tuyến có phương trình:
40xy
.
+ Tọa độ giao điểm B, D thỏa mãn phương trình:
2 2 2
1
( 1) ( 1) 8 ( 1) 4
3
x
x x x
x
+
15xy
+
31xy
Vậy B(1;5)
D(-3;1) hoặc ngược lại.
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
9 Nguyễn Công Mậu
Bài 18: Trong mặt phẳng toạ độ Oxy, lập phương trình đường tròn nội tiếp tam giác tạo
bởi 2 trục toạ độ và đường thẳng có phương trình 8x + 15y - 120 = 0.
Giải:
Giả sử d: 8x + 15y – 120 = 0 cắt Ox, Oy lần lượt tại A,B.
Gọi I(a;b) là tâm đường tròn nội tiếp tam giác ABO. Ta có:
* 0 < a,b < 8
* Bán kính r = d(I,Ox) = d(I,Oy) = d(I,d)
22
3( )
8 15 120
3
20( )
17
:( 3) ( 3) 9
a b tm
ab
a b r
a b l
PT x y
Bài 19: Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC có trung điểm cạnh BC là
M(3,2), trọng tâm và tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC lần lượt là G(
22
,
33
) và I(1,-
2). Xác định tọa độ đỉnh C.
Giải:
74
(2;4), ;
33
IM GM
Gọi A(x
A
; y
A
). Có
2AG GM
A(-4; -2).
Đường thẳng BC đi qua M nhận vec tơ
IM
làm vec tơ pháp tuyến nên có PT:
2(x - 3) + 4(y - 2) = 0 x + 2y - 7 = 0 Gọi C(x; y). Có C BC x + 2y - 7 = 0.
Mặt khác IC = IA
2 2 2 2
( 1) ( 2) 25 ( 1) ( 2) 25x y x y
.
Tọa độ C là nghiệm của hệ phương trình:
22
2 7 0
( 1) ( 2) 25
xy
xy
Giải hệ phương trình ta tìm được
5
1
x
y
và
1
3
x
y
.
Vậy có 2 điểm C thỏa mãn là C(5; 1) và C(1; 3).
Bài 20: Trong mặt phẳng với hệ toạ đ ộ Oxy cho điểm C(2;-5 ) và đường thẳng
:3 4 4 0xy
. Tìm trên
hai điểm A và B đối xứng nhau qua I(2;5/2) sao cho diện
tích tam giác ABC bằng15.
Giải:
. Gọi
3 4 16 3
( ; ) (4 ; )
44
aa
A a B a
. Khi đó diện tích tam giác ABC là
1
. ( ) 3
2
ABC
S AB d C AB
.
Theo giả thiết ta có
2
2
4
63
5 (4 2 ) 25
0
2
a
a
AB a
a
Vậy hai điểm cần tìm là A(0;1) và B(4;4).
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
10 Nguyễn Công Mậu
Bài 21: Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho hình vuông ABCD. Gọi M là trung điểm
của cạnh BC, N là điểm trên cạnh CD sao cho CN = 2ND. Giả sử
11 1
;
22
M
và đường
thẳng AN có phương trình 2x – y – 3 = 0. Tìm tọa độ điểm A.
Giải:
Ta có : AN =
10
3
a
; AM =
5
2
a
; MN =
5
6
a
;
cosA =
2 2 2
2.
AM AN MN
AM AN
=
1
2
45
o
MAN
(Cách khác :Để tính
MAN
= 45
0
ta có thể tính
1
2
3
( ) 1
1
1 2.
3
tg DAM DAN
)
Phương trình đường thẳng AM : ax + by
11 1
22
ab
= 0
22
2
1
cos
2
5( )
ab
MAN
ab
3t
2
– 8t – 3 = 0 (với t =
a
b
) t = 3 hay
1
3
t
+ Với t = 3 tọa độ A là nghiệm của hệ :
2 3 0
3 17 0
xy
xy
A (4; 5)
+ Với
1
3
t
tọa độ A là nghiệm của hệ :
2 3 0
3 4 0
xy
xy
A (1; -1)
Bài 22: Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy cho đường tròn (C) : x
2
+ y
2
+ 4x + 4y + 6 = 0
và đường thẳng : x + my – 2m + 3 = 0 với m là tham số thực. Gọi I là tâm của đường
tròn (C). Tìm m để cắt (C) tại 2 điểm phân biệt A và B sao cho diện tích IAB lớn nhất.
Giải:
(C) : x
2
+ y
2
+ 4x + 4y + 6 = 0 có tâm là I (-2; -2); R =
2
Giả sử cắt (C) tại hai điểm phân biệt A, B. Kẻ đường cao IH của ABC, ta có
S
ABC
=
1
IA.IB.sinAIB
2
= sin
AIB
Do đó S
ABC
lớn nhất khi và chỉ khi sin
AIB
= 1 AIB vuông tại I
IH =
IA
1
2
(thỏa IH < R)
2
1 4m
1
m1
1 – 8m + 16m
2
= m
2
+ 1 15m
2
– 8m = 0 m = 0 hay m =
8
15
Bài 23: Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho hình thoi MNPQ có M(1; 2), phương
B
A
C
D
N
M
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
11 Nguyễn Công Mậu
trình NQ là
x y 1 0
.Tìm toạ độ các đỉnh còn lại của hình thoi, biết rằng NQ = 2MP và
N có tung độ âm.
Giải:
Phương trình MP là:
x y 3 0
I MP NQ
tọa độ I là nghiệm của hệ phương trình
x y 1 0 x 2
I 2;1
x y 3 0 y 1
.
I là trung điểm của MP nên suy ra
P 3;0
phương trình NQ là
x y 1 0
nên tọa độ N, Q có dạng (m; m-1)
Do
22
2 2 2 2
NQ 2MP IN 4IM m 2 m 2 4. 1 1
2
m4
m 2 4
m0
Vì N có tung độ âm nên N(0; -1)
Q(4; 3).
Vậy
P 3;0
, N(0; -1), Q(4; 3) làcác đỉnh cần tìm.
Bài 24: Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho đường tròn (C) nội tiếp hình vuông ABCD có
phương trình:
22
( 2) ( 3) 10xy
. Xác định tọa độ các đỉnh của hình vuông biết đường
thẳng chứa cạnh AB đi qua điểm
( 3; 2)M
và điểm A có hoành độ dương.
Giải:
Phương trình đường thẳng đi qua M(-3;-2) có dạng
22
3 2 0 ( 0)ax by a b a b
.
Đường tròn (C) có tâm I(2;3) và bán kính
10R
.
(C) tiếp xúc với AB nên
;d I AB R
hay
2 2 2
22
2 3 3 2
10 10( ) 25( )
a b a b
a b a b
ab
3
( 3 )(3 ) 0
3
ab
a b a b
ba
Do đó phương trình AB là
-3 -3 0xy
hoặc AB:
3 - 7 0xy
.
+ Nếu AB:
3 - 7 0xy
. Gọi A(t;3t+7) vì A có hoành độ
0
A
x
nên t > 0 và do
22
2. 20IA R
nên
22
2
0
2 3 4 20 10 20 20 20
2
t
t t t t
t
(loại)
+ Nếu AB:
-3 -3 0xy
. Gọi A(3t+3;t) vì A có hoành độ
0
A
x
nên t >-1 và do
22
2. 20IA R
nên
22
2
1 3 3 20 10 10 20 1t t t t
. Suy ra A(6;1)
C(-2;5)
và B(0;-1); D(4;7)
Vậy các điểm cần tìm là
(6;1); (0; 1); ( 2;5); (4;7)A B C D
.
R
C
B
A
D
I
M
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
12 Nguyễn Công Mậu
Bài 25: Trong mặt phẳng tọa độ
,Oxy
cho tam giác ABC, các đường thẳng chứa đường
cao và đường trung tuyến kẻ từ đỉnh A có phương trình lần lượt là:
0132 yx
và
.09613 yx
Tìm tọa độ các đỉnh B và C biết tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC
là
).1;5(I
Giải:
+ Theo giả thiết thì A(-3 ;-8)
+ Đường thẳng qua I(-5;1) và song song với x-2y-13=0 cắt đường thẳng 13x-6y-9=0 tại
M(3;5).
+ Đường thẳng qua BC có phương trình là: 2x + y – 11 = 0 nên B(x
B
; 11-2x
B
). Mà IA = IB
nên B(4; 3) hoặc B(2;7)
+ Vậy B(4; 3) và C(2;7) hoặc C(4; 3) và B(2;7) là hai nghiệm cần tìm.
Bài 26: Trong mặt phẳng toạ độ Oxy cho tam giác ABC, có điểm A(2; 3), trọng tâm G(2;
0). Hai đỉnh B và C lần lượt nằm trên hai đường thẳng d
1
: x + y + 5 = 0 và d
2
: x + 2y – 7
= 0. Viết phương trình đường tròn có tâm C và tiếp xúc với đường thẳng BG.
Giải:
+ Giả sử
12
( ; ) 5; ( ; ) 2 7
B B B B C C C C
B x y d x y C x y d x y
Vì G là trọng tâm nên ta có hệ:
26
30
BC
BC
xx
yy
+ Từ các phương trình trên ta có: B(-1;-4) ; C(5;1)
+ Ta có
(3;4) (4; 3)
BG
BG VTPT n
nên phương trình BG: 4x – 3y – 8 = 0
+ Bán kính R = d(C; BG) =
9
5
phương trình đường tròn là: (x – 5)
2
+ (y – 1)
2
=
81
25
Bài 27: Trong mặt phẳng
Oxy
, cho đường thẳng
)(d
có phương trình:
052 yx
và hai
điểm
)2;1(A
;
)1;4(B
. Viết phương trình đường tròn có tâm thuộc đường thẳng
)(d
và đi qua
hai điểm
A
,
B
.
Giải:
Phương trình đường trung trực của AB là
3 6 0xy
.
Tọa độ tâm I của đường tròn là nghiệm của hệ:
;.
2 5 1
13
3 6 3
x y x
I
x y y
5R IA
.
Phương trình đường tròn là
22
1 3 25xy
.
Bài 28: Trong hệ tọa độ Oxy, cho hai đường thẳng d
1
: x – 2y + 3 = 0, d
2
: 4x + 3y – 5 = 0.
Lập phương trình đường tròn (C) có tâm I trên d
1
, tiếp xúc d
2
và có bán kính R = 2.
Giải:
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
13 Nguyễn Công Mậu
d
1
:
ty
tx 23
, I
);3(
1
ttId
d(I , d
2
) = 2
11
7
,
11
27
101711 ttt
t =
4
11
27
11
21
:)(
11
27
;
11
21
11
27
22
11
yxCI
t =
4
11
7
11
19
:)(
11
7
;
11
19
11
7
22
22
yxCI
Bài 29: Cho hình chữ nhật ABCD có cạnh AB: x – 2y – 1 = 0, đường chéo BD: x – 7y +
14 = 0 và đường chéo AC qua điểm M(2 ; 1). Tìm tọa độ các đỉnh của hình chữ nhật.
Giải:
AC: kx – y – 2k + 1 = 0
cos CAB = cos DBA
7
1
;10187
1
2
2
3
2
2
kkkk
k
k
k = 1 , AC : x – y – 1 = 0
k =
7
1
, AC : x – 7y + 5 = 0 // BD ( lọai)
Ta tìm được A(1 ; 0), C(6 ; 5), D(-4 ; 0)
Bài 30: Cho
ABC có đỉnh A(1;2), đường trung tuyến BM:
2 1 0xy
và phân giác
trong CD:
10xy
. Viết phương trình đường thẳng BC.
Giải:
Điểm
: 1 0 ;1C CD x y C t t
.
Suy ra trung điểm M của AC là
13
;
22
tt
M
.
Điểm
13
:2 1 0 2 1 0
22
tt
M BM x y
7 7;8tC
Từ A(1;2), kẻ
: 1 0AK CD x y
tại I (điểm
K BC
).
Suy ra
: 1 2 0 1 0AK x y x y
.
Tọa độ điểm I thỏa hệ:
10
0;1
10
xy
I
xy
.
Tam giác ACK cân tại C nên I là trung điểm của AK
tọa độ của
1;0K
.
Bài 31: Cho hình bình hành ABCD có diện tích bằng 4. Biết A(1; 0), B(0; 2) và giao điểm
I của hai đường chéo nằm trên đường thẳng y = x. Tìm tọa độ đỉnh C và D.
Luyện thi đại học về phương pháp tọa độ trong mặt phẳng hoctoancapba.com
14 Nguyễn Công Mậu
Giải:
Ta có:
1;2 5AB AB
. Phương trình của AB
là:
2 2 0xy
.
:;I d y x I t t
. I là trung điểm của AC và BD
nên ta có:
2 1;2 , 2 ;2 2C t t D t t
.
Mặt khác:
D
.4
ABC
S ABCH
(CH: chiều cao)
4
5
CH
.
Ngoài ra:
4 5 8 8 2
; , ;
| 6 4| 4
3 3 3 3 3
;
55
0 1;0 , 0; 2
t C D
t
d C AB CH
t C D
Vậy tọa độ của C và D là
5 8 8 2
; , ;
3 3 3 3
CD
hoặc
1;0 , 0; 2CD
