RÈN TƯ DUY GIẢI NHANH CÁC BÀI TẬP HÓA HỌC KHÓ ĐIỂM CAO CÁC ĐỀ THI THỬ

Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

GIẢI CHI TIẾT

BÀI TẬP HÓA HỮU CƠ HAY VÀ KHÓ
TỪ CÁC ĐỀ THI THỬ 2015 – 2016 (Phần

1)

Lời nói đầu!
Gửi lời cảm ơn sâu sắc nhất tới Thầy Nguyễn Văn Duyên – là người Thầy đã dìu dắt con những
bước đi đầu đến với việc nghiên cứu tìm tòi về Hóa Học Phổ Thông.
Cảm ơn các quý Thầy cô là những tác giả của các bài tập được mình sử dụng trong tài liệu này.
Các câu đều được trích dẫn nguồn rõ ràng. Tuy nhiên do có một số bài tập được tổng hợp từ Internet,
mạng xã hội nên mình không trích dẫn rõ ràng về nguồn, rất mong sự thông cảm từ quý Thầy cô.
“Tài liệu này được chia sẽ miễn phí, với mục địch phi thương mại nên rất mong nhận được sự đóng góp,
phản hồi từ quý Thầy cô cũng như các bạn học sinh để tài liệu ngày một hoàn thiện hơn và sẽ là nguồn tư liệu
quý báu cho các bạn học sinh ôn thi THPT Quốc Gia.”
“Gửi tặng các bạn học sinh 98 ôn thi THPT Quốc 2016 như món quà nhân dịp TẾT TRUNG THU 2015”

Đặc biệt mình gửi lời cảm ơn tới:
 Một bạn nữ sinh viên lớp Y2015 – Khoa Y Đại học Quốc Gia TP. Hồ Chí Minh, người đã từng
động viên, tin tưởng vào con đường mình chọn, cho mình thấy nhiều mảng vui tươi của cuộc sống ở
Sài Gòn đầy bon chen, tấp nập này. Mong một ngày gặp lại bạn!
“Thiên hạ về đâu? Sao vội đi?
Bao giờ gặp nữa? Có tình chi?
Lòng tôi theo bước người qua ấy
Cho đến hôm nay vẫn chẳng về.”
 Một bạn nick Facebook là Hồng Ánh – học sinh trường THPT Hàn Thuyên – Bắc Ninh.
 Một bạn nick Facebook là Phương Nguyễn – ở Hà Nội (dự thi ĐH Kinh tế Quốc dân).
Cảm ơn các bạn đã tin tưởng, quý mến gọi mình một tiếng là “Thầy” dù chưa từng một lần

đứng bảng dạy được các bạn chữ nào. Với cá nhân mình ở tuổi 23, lại không xuất thân chính thống từ
môi trường Sư Phạm thì đó là quả là niềm vui, niềm vinh hạnh lớn. Cảm ơn các bạn. Chúc các bạn
giành được kết quả thật cao ở kỳ thi THPT Quốc Gia năm 2016.
Đêm Trung Thu - Sài Gòn, 27/09/2015

“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”


Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

Cõu 1: Hp cht hu c X cú cụng thc phõn t l C5H15O4N3. Cho m gam X tỏc dng vi 150 ml dung dch
KOH 0,24M. Sau phn ng thu c dung dch Y, cụ cn dung dch Y thu c 3,681 gam chn rn khan v khớ
Z duy nht. Mt khỏc nu cho ton b dung dch Y trờn tỏc dng vi HCl va thỡ s mol HCl cn dựng l
A. 0,045 mol
B. 0,050 mol
C. 0,051 mol
D. 0,054 mol
Hng dn gii

2.5 3 15 2

0
k X tính theo CTPT
X là hợp chất có chứa liên kết ion
2
Bin lun cu to ca X
X phản ứng được với KOH k X thực tế 1

Số liên kết ion = k X thực tế k X tính theo CTPT

Mt khỏc, ta cú
X là hợp chất có chứa 2 nhóm muối amoni
4
X có 4 Oxi k X thực tế 2 2


Cụng thc cu to ca X cú th l
Trng hp 1:

p dng bo ton khi lng, ta cú:
181x 0,036.56 3,681 31.2x 18.2x x 0,02 mol
mX

m KOH

m rắn

mCH NH m H O
3 2
2

n KOH phản ứng 2x = 0,04 mol > n KOH ban đầu = 0,036 mol (Mâu thuẫn Loại)
Trng hp 2:

p dng bo ton khi lng, ta cú:
181x 0,036.2.56 3,681 17.2x 18.2x x 0, 015 mol
mX

m KOH

m rắn

mCH NH m H O
3 2
2

KOOC CH(C 2 H 4 NH 2 ) COOK : 0,015 mol
Y gồm
KOH dư : 0,036 0,03 0,006 mol

KOOC CH(C 2 H 4 NH 2 ) COOK + 3HCl


0,015 mol
Y
n HCl đã dùng 3.0,015 0,006 0,051 mol
KOH
dư
+
HCl




0,006 mol
Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng

Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

Câu 2: Hỗn hợp X gồm 1 ancol đơn chức và 1 este đơn chức (mạch hở, cùng số nguyên tử cacbon). Đốt cháy
hoàn toàn m gam X cần dùng vừa đủ V lít O2 thì thu được 17,472 lít CO2 và 11,52 gam nước. Mặt khác m gam
X phản ứng với dung dịch KOH dư thì thu được 0,26 mol hỗn hợp ancol. Biết X không tham gia phản ứng tráng
gương. Giá trị V là bao nhiêu? (các khí đo ở đktc)
A. 21,952
B. 21,056
C. 20,384
D.19,600
(Đề thi thử THPT Quốc Gia lần 3 – THPT Nguyễn Khuyễn – TP. Hồ Chí Minh, năm 2015)
 Hướng dẫn giải
 O2 , t

 CO2  H 2 O
o

RCOOR ' : a mol
Ta có : m gam 
R ''OH : b mol

0,78 mol

0,64 mol

R 'OH : a mol
 KOH d­

 0, 26 mol 
R ''OH : b mol

Cách 1: Đánh giá thông qua số mol CO2 và H2O
Theo giả thuyết và bảo toàn nguyên tố C, ta có: (với n là số C của ancol và este)

a  b  0, 26 mol
n 3


n(a  b)  n CO2  0, 78 mol
Vì X không tham gia phản ứng tráng gương  este không có dạng HCOOR nên este phải là : CH3COOCH3
Lại có n CO2  n H2O do đó ancol phải là : CH  C  CH2  OH (k = 2)



CH3COOCH3  k  1
n ancol  n CO2  n H2O  0, 78  0, 64  0,14 mol



n este  0, 26  0,14  0,12 mol
CH  C  CH 2  OH  k  2  
Áp dụng bảo toàn nguyên tố O, ta có:
0,14  0,12.2  2n O2   0,78.2  0,64  mol  n O2  0,91 mol  V  20,384 lÝt
Cách 2: Dựa vào đại lượng trung bình
n CO2

CH3COOCH 3 : x mol
3
C X 
nX



cã 6H
 X

H X  2n H2 O  4,923
CH  C  CH 2 OH : y mol


cã 4H
nX


x  0,12 mol
x  y  0,26 mol
Theo giả thuyết và bảo toàn nguyên tô H, ta có: 

6x  4y  2n H2O  1,28 mol
y  0,14 mol

Áp dụng bảo toàn nguyên tố O, ta có:
0,14  0,12.2  2n O2   0,78.2  0,64  mol  n O2  0,91 mol  V  20,384 lÝt

Câu 3: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm peptit X và peptit Y bằng dung dịch NaOH thu được 151,2
gam hỗn hợp gồm các muối natri của Gly, Ala và Val. Mặt khác, để đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X, Y ở
trên cần 107,52 lít khí O2 (đktc) và thu được 64,8 gam H2O. Giá trị của m là
A. 102,4.
B. 97,0.
C. 92,5.
D. 107,8.
 Hướng dẫn giải

Cách 1: Vận dụng linh hoạt các định luật bảo toàn
Quy ®æi hçn hîp X,Y  n  peptit E
m gam

“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”


Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

số O trong E n 1
n là phân tử aminoaxit trung bình trong E có n1 liên kết peptit
Với

số N trong E = n
a là số mol của E

k E n
n peptit E nNaOH
Muối H 2 O

151,2 gam
an
mol
a mol
m gam

Khi ú, theo quy lut phn ng ta cú:
0
t

CO2 H 2 O N 2
peptit E O2

4,8 mol
3,6 mol
0,5a(n 1)
m gam
p dng bo ton khi lng cho c 2 thớ nghim, ta cú:
BTKL
Thí nghiệm 1:
m 151,2 18a 40an
m muối

m H 2O

m NaOH

BTKL
Thí nghiệm 2:
m 44n CO2 64,8 28.0,5an 4,8.32
mCO2

m H 2O

m N2

mO2

p dng cụng thc v bt bóo hũa k, bo ton nguyờn t O v bo ton khi lng, ta cú:
n CO n H O (k E 1 0,5.số N)a

2
2
n
n CO 0,5an a 3,6 mol
n CO2 3,9 mol
n
3,6
2




2n CO2 an a 6 mol
an 1, 4 mol
2n CO2 n H2 O s ố O trong E .a 2 n O2


a 0, 4 mol
3,6
4,8
n 1


44n CO2 54an 18a 240 gam
44n CO2 54an 18a 151,2 64,8 4,8.32
m 151,2 18.0, 4 40.1, 4 102, 4 gam
m muối

m H2O

m NaOH

Cỏch 2: Quy i hn hp peptit v ipeptit
í tng : Li dng vic t ipeptit cho s mol CO2 = S mol H2O
quy về
peptit X,Y
Xn
hỗn hợp ban đầu

n n n
X2
H2 O
X n
(I). 2X n + n 2 H 2 O
nX 2 : x mol có n NaOH cần để thủy phân 2x mol

đipeptit
a mol
số n O2 để đốt X n và X 2 là như nhau

X n

Gii thớch: Vì H 2 O không cháy nên số mol O2 để đốt
là như nhau
H 2 O
đipeptit: X

2
4,8 mol O2
Đốt : X 2 : C n H 2n N 2 O3

CO2 H 2 O (II)
CO2
H2 O

3x 2.4,8 2n CO2 n H2O n CO2 n H2O x 3,2 mol

n

n

BTNT C

m X2 (C n H2 n N2O3 ) 14 nx 76x 14. x 3,2 76x 90x 44,8 gam

nC

nCO

2

n H O khi đốt Xn n H2O n H2O khi đốt đipeptit a x 0, 4 mol n Xn 0, 4 mol
2

3,6

a

x 3,2

p dng bo ton khi lng, ta cú: m Xn 90x 44,8 18 x 0, 4 72x 52 (1)

mX

2 (C nH2nN2O3 )

mH

2O

Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng


Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

(II).

X n 2NaOH
Muối H 2 O

gam : m
80x
151,2 0,4.18
p dng bo ton khi lng cho phn ng thy phõn, ta cú: mXn 80x 151,2 0,4.18 (2)

x 0,07 mol
Giải hệ (1), (2)

m Xn 102, 4 gam
Cõu 4: Cho 0,3 mol hn hp X gm 2 este n chc tỏc dng va vi 200 ml dung dch NaOH 2M un núng,
thu c hp cht hu c no mch h Y cú phn ng trỏng bc v 37,6 gam hn hp mui hu c. t chỏy hon

ton Y ri cho sn phm hp th ht vo bỡnh cha dung dch nc vụi trong d, thy khi lng bỡnh tng 24,8
gam. Khi lng ca X l
A. 30,8 gam
B. 33,6 gam
C. 32,2 gam
D. 35,0 gam
( thi th THPT Quc Gia ln 1 THPT Can Lc H Tnh, nm 2015)
Hng dn gii
n NaOH
0, 4


1 có chứa este phenol

Este của phenol (x mol)
n X (2 este đơn chức) 0,3

X gồm
AgNO3 / NH3
NaOH
Este của ankin (y mol)
X
Y
Ag Y là anđehit no, đơn chức


đơn chức
O2 , t o
x 0,1 mol
C n H 2n O

CO2 H 2 O
n X x y 0,3 mol



y 0,2 mol
0,2
0,2n
0,2n
n NaOH 2x y 0, 4 mol n

Y (C n H2n O) 0,2 mol 0,2n(44 18) 24,8 gam n = 2
X NaOH
Muối C 2 H 4 O H2 O
gam : m 0, 4.40

37,6

0,2.44 0,1.18

p dng bo ton khi lng, ta cú: m 37,6 0,2.44 0,1.18 0, 4.40 32,2 gam
Cõu 5: t chỏy hon ton m gam mt este n chc X (to bi cỏc cht cú trong chng trỡnh ph thụng) cn
va ht 10,08 lớt oxi (ktc), sinh ra 8,96 lớt CO2 (ktc). Mt khỏc, m gam X phn ng va ht vi 100 ml dung
dch NaOH 1M. S ng phõn cu to ca X cú dng CxHyOOCH l
A. 3
B. 4
C. 6
D. 7
( thi th THPT Quc Gia ln 1 THPT ng Lc H Tnh, nm 2015)
Hng dn gii

Xột hai trng hp sau:
X không phải là este của phenol
Theo gi thuyt v bo ton nguyờn t O, ta cú:
n H2O 0,3 mol
n X (C x HyO2 ) n NaOH 0,1 mol


+ 2 n C H O 2 n O 2 n CO n H O n C : n H : n O 0, 4 : 2.0,3 0,2 4 : 6 : 2
x y 2
2
2
2


0,45
0,4
?
0,1

X là C 4 H6 O2
+ X cú 3 ng phõn cu to dng CxHyOOCH
HCOOCH CH CH3
HCOOC(CH3 ) CH2
X là este của phenol

HCOOCH2 CH CH2

n X (C x HyO2 ) 0,5n NaOH 0,05 mol n H2 O 0,2 mol

+ 2 n C H O 2 n O 2 n CO n H O n C : n H : n O 0, 4 : 2.0,2 0,1 8 : 8 : 2
x y 2
2
2
2


0,45
0,4
?
0,05

X là C 8 H8O2
Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng


Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

+ X có 3 đồng phân

+ X có tổng số đồng phân của X thỏa mãn điều kiện là 6
Câu 6: Thủy phân 63,5 gam hỗn hợp X gồm tripeptit Ala – Gly – Gly và tetrapeptit Ala – Ala – Ala – Gly thu
được hỗn hợp Y gồm 0,15 mol Ala – Gly ; 0,05 mol Gly – Gly ; 0,1 mol Gly; Ala – Ala và Ala. Mặt khác, khi
thủy phân hoàn toàn 63,5 gam hỗn hợp X bởi 500 ml dung dịch NaOH 2M thì thu được dung dịch Z. Cô cạn cận
thận dung dịch Z thu được m gam chất rắn khan. Giá trị gần nhất của m là
A. 100,5
B. 112,5
C. 96,4
D. 90,6

(Đề thi thử THPT Quốc Gia lần 2 – THPT Chuyên Vinh – Nghệ An, năm 2015)
 Hướng dẫn giải

Ala  Gly : 0,15 mol
Gly  Gly : 0, 05 mol
Ala  Gly  Gly : a mol

H
Ta có : 63,5 gam 


Ala  Ala  Ala  Gly : b mol
Gly: 0,1 mol
Ala  Ala vµ Ala
Áp dụng bảo toàn khối lượng và bảo toàn mol mắt xích Gly, ta có:
203a  288b  63,5 gam
a  0,1 mol


  n peptit  0, 25 mol

2a  b   0,15  0,1  0,1 mol b  0,15 mol

Theo quy luật phản ứng thủy phân peptit trong NaOH, ta có:
n  peptit  nNaOH 
 Muèi  H2 O
gam :

63,5

1.40

?

BTKL
gÇn nhÊt
 Víi n peptit  n H2O 
 63,5  1.40  m  0,25.18  m  99 gam 

 100,5 gam

Câu 7: Đốt cháy hoàn toàn 29,2 gam hỗn hợp X gồm anđehit acrylic, metyl axetat, anđehit axetic và etylen glicol
thu được 1,15 mol CO2 và 23,4 gam H2O. Mặt khác, khi cho 36,5 gam hỗn hợp X trên tác dụng hết với dung dịch
AgNO3 trong NH3 thì thu được tối đa m gam Ag. Giá trị gần nhất của m là
A. 43,5
B. 64,8
C. 53,9
D. 81,9
(Đề thi thử THPT Quốc Gia lần 2 – THPT Chuyên Vinh – Nghệ An, năm 2015)
 Hướng dẫn giải
Cách 1: Sử dụng phương pháp quy đổi
Thời buổi 2015 này người ta có vẻ thích những bài toán hỗn hợp nhiều chất. Những loại bài tập này chỉ mang
tính chất dọa nhau thôi chứ thực ra cũng đơn giản. Chỉ cần các bạn tìm ra được cái chung của “đám ô hợp” đó là
tiêu diệt gọn ngay.
+ Bọn X này có gì chung ?
“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”


Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

Quan sát kỹ ta thấy:
• Có hai chất có 1 Oxi và 4 Hiđro (CH2=CH-CHO và CH3CHO) đều có mối liên quan tới Ag.
• Còn hai chất còn lại có 2 Oxi và 6 Hiđro (CH3COOCH3 và C2H4(OH)2) không liên quan tới Ag.

CO2 :1,15 mol
Cx H 4O : a mol
 O2 , t o
quy thµnh
+ Vậy thì X 




H 2O :1,3 mol
C y H6O2 : b mol
29, 2  1,15.12  1,3.2
 0,8 mol
Áp dụng bảo toàn khối lượng ta có: n O trong X 
16
a  2b  0,8 mol
a  0, 2 mol
Áp dụng bảo toàn nguyên tố O và H, ta có: 

4a  6b  2, 6 mol b  0,3 mol

Chú ý : Có sự thay đổi khối lượng giữa các lần thí nghiệm các bạn nhé !
36,5
 CHO2Ag
gÇn nhÊt

 n  CHO  0, 2.
 0, 25 mol 
 mAg  0, 25.2.108  54 gam 

 53,9 gam
29, 2
Cách 2: Sử dụng phương pháp số đếm
Nhận xét: Bài ra gồm 4 chất nhưng chỉ cho 3 thông tin về số liệu gồm khối lượng hỗn hợp, số mol CO2, số mol
H2O như vậy theo phương pháp số đếm ta có thể bỏ tùy ý (4 – 3) = 1 chất với điều kiện không làm thay đổi bản
chất của bài toán. Ở thí nghiệm 2, hỗn hợp X phản ứng với AgNO3/NH3 nên không được bỏ các anđehit  bỏ
tùy ý metyl axetat (CH3COOCH3) hoặc etylen glicol (C2H6O2). Ở đây, mình chọn bỏ etylen glicol (C2H6O2).

CH 2  CH  CHO : a mol
CO2 :1,15 mol


 O2 , t o
29,2
gam
X
CH
COOCH
:
b
mol



3
3


H 2 O :1,3 mol
CH CHO : c mol
Khi đó: 
 3

36,5
 AgNO3 /NH3
36,5 gam X 
 Ag :
(2a  2c) mol

29,2
Theo giả thuyết, bảo toàn nguyên tố C và H, ta có:
56a  74b  44c  29,2 gam
a  0,15 mol



3a  3b  3c  n CO2  1,15 mol  b  0,3 mol


4a  6b  4c  2n H2O  2,6 mol c  0,35 mol

36,5
gÇn nhÊt
Theo đó, thí nghiệm 2 ta có: m Ag 
.108.(2.  0,15  2.0,35)  54 gam 
53,9 gam
29,2

Lưu ý: Bản chất của phương pháp số đếm là dạng đặc biệt của quy đổi nên vẫn chấp nhận các số âm trong các
số liệu tính toán ra mà không làm thay đổi kết quả sau cùng của bài toán !
Câu 8: Đốt cháy hoàn toàn 22,9 gam hỗn hợp X gồm hai este đơn chức, mạch hở tạo bởi cùng một ancol với hai
axit cacboxylic kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng, thu được 1,1 mol CO2 và 15,3 gam H2O. Mặt khác, toàn bộ
lượng X trên phản ứng hết với 300 ml dung dịch NaOH 1M thu được dung dịch Y. Cô cạn dung dịch Y thu được
m gam chất rắn khan. Giá trị của m có thể là
A. 20,4
B. 23,9
C. 18,4
D. 19,0
(Đề thi thử THPT Quốc Gia lần 2 – THPT Chuyên Vinh – Nghệ An, năm 2015)
 Hướng dẫn giải
 O2 , t

CO2  H 2O
o

Ta có : 22,9 gam RCOOR '

1,1 mol

0,85 mol

0,3 mol NaOH

 m gam Y  R 'OH
“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”

Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

22,9 1,1.12 0,85.2
0,5 mol n X 0, 25 mol
16
+ Theo gi thuyt X l hn hp este n chc ng ng k tip.

n CO2 n H2O
O2 , t o
+ Mt khỏc X

k X 2 X là hỗn hợp este đơn, không no có 1C C
n

n

n
CO
H
O
X

2
2
C4 H6O2 : x mol
1,1
đđkt
Kết hợp CX
4, 4

0, 25
C5 H8O2 : y mol

x 0,15 mol
4x 5y n CO2 1,1 mol
p dng bo ton nguyờn t C v H, ta cú:


6x + 8y = 2n H2O 1,7 mol y 0,1 mol
CH 2 CH COO CH3 : 0,15 mol
Trường hợp 1: X
CH 2 CH CH 2 COO CH3 : 0,1 mol
BTKL

22,9 0,3.40 m 0, 25.32 m 26,9 gam (khụng cú ỏp ỏn loi)
p dng bo ton khi lng, ta cú: n O trong X

CH3OH

HCOO CH 2 CH CH 2 : 0,15 mol
Trường hợp 2: X
CH3COO CH 2 CH CH 2 : 0,1 mol
BTKL

22,9 0,3.40 m 0, 25.58 m 20, 4 gam
CH2 CH CH2 OH

Cõu 9: Cho 11 gam hn hp X gm hai este n chc, mch h A v B tỏc dng ht vi 200 gam dung dch
KOH 5,6% un núng, thoỏt ra hn hp ancol Y ng ng kt tip, cụ cn dung dch thỡ thu c m gam cht rn

khan. Cho Y i qua bỡnh Na d thỡ khi lng bỡnh tng 5,35 gam v cú 1,68 lớt khớ thoỏt ra ktc. Mt khỏc,
16,5 gam X lm mt mu ti a a gam brom. Giỏ tr (m + a) l
A. 40,7.
B. 52,7.
C. 32,7.
D. 28,7.
( thi th THPT Quc Gia ln 2 THPT Tnh Gia 2 Thanh Húa, nm 2015)
Hng dn gii

n ROH 2 n H2 0,15 mol
m ROH 5,5 gam

CH3OH
0,075



ROH gồm
5,5
C 2 H 5OH
m bình Na tăng m ROH m H2
M ROH 0,15 36,67

?
5,35 gam
0,075.2
n CH OH n C 2 H5OH 0,15 mol
n CH OH 0,1 mol
3
3

32n CH3OH 46n C 2 H5OH 5,5 gam n C 2 H5OH 0,05 mol
RCOOCH3
0,1 mol
R 14 Loại

HCOOC 2 H 5
n RCOOR '(X) n ROH 0,15 mol
0,05 mol


RCOOR' gồm
11
HCOOCH3
M R 0,15 44 19,6

R'
0,1 mol
R 27 CH 2 CH

RCOOC
H
2
5

0,05 mol
Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng


Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

p dng bo ton khi lng, ta cú : mchất rắn m este m KOH m ancol 16,7 gam
m

11

11,2

5,5

n Br phản ứng 0,15 0,075 0,225 mol
HCOOCH3 : 0,15 mol

+ 16,5 gam X có
2
CH 2 CH COOC 2 H 5 : 0,075 mol
a m Br2 phản ứng 36 gam
Vậy m a 16,7 36 52,7
Lu ý : HCOOCH3 cú phn ng vi dung dch Br2 theo phn ng
HCOOR Br2 H2 O
HO COOR 2HBr

Cõu 10: Hn hp T gm X, Y, Z (58 < MX < MY < MZ < 78, l hp cht hu c tp phc, phõn t ch cha C,
H v O cú cỏc tớnh cht sau:
- X, Y, Z u tỏc dng c vi Na
- Y, Z tỏc dng c vi NaHCO3
- X, Y u cú phn ng trỏng bc
Nu t chỏy ht 0,25 mol hn hp T thỡ thu c m gam cht CO2, giỏ tr ca m gn nht vi
A. 44,4
B. 22,2

C. 11,1
D. 33,3
( thi th THPT Quc Gia ln 2 THPT Chuyờn Vinh Ngh An, nm 2015)
Hng dn gii
Nhn xột: do X, Y, Z u l tp chc v u cú M > 58 nờn hn hp X, Y, Z khụng cha HCOOH v ch cha
ti a 1 nhúm CHO v 1 nhúm COOH.
+ X, Y, Z u tỏc dng vi Na X, Y, Z u cha nhúm chc OH hoc COOH.
+ Y, Z u tỏc dng vi NaHCO3 Y, Z u cha nhúm chc COOH.
+ X, Y u cú phn ng trỏng bc X, Y cú cha nhúm chc CHO.
Theo ú:
+ X, Y u cú cha 1 nhúm CHO. Mt khỏc, X cú phn ng vi Na, khụng tỏc dng vi NaHCO3; cũn Y phn
X : HO CH2 CHO
X mang nhóm OH và CHO
58MX MY MZ 78


ng vi c 2
Y mang nhóm COOH và CHO
Y : HOC COOH
M 74 M 78

Y
Z
Y : HO CH2 COOH
+ Z khụng trỏng bc Y mang nhóm COOH

X : HO CH 2 CHO

O2 , t o
Suy ra T l : Y : HOC COOH

CO 2
Z : HO CH COOH
? gam
2

p dng bo ton nguyờn t C, ta cú:
gần nhất
n C trong T 2n T 0,25.2 0,5 mol m 0,5.44 22 gam

22,2 gam

Cõu 11: Cho hn hp X gm 1 este no, n chc Y v 1 ancol n chc Z tỏc dng va vi 200 ml dung dch
NaOH 1M, thu c 0,35 mol ancol Z. Cho Z tỏch nc iu kin thớch hp thu c cht hu c T cú t khi
hi so vi Z l 1,7. Mt khỏc, t chỏy hon ton X cn dựng 44,24 lớt O2 (ktc). Cụng thc phõn t ca axit to
Y l
A. C5H10O2.
B. C4H8O2.
C. C3H6O2.
D. C2H4O2.
( thi th i hc ln 1 THPT Chuyờn Thỏi Bỡnh Thỏi Bỡnh, nm 2014)
Hng dn gii
H2 SO4 đặc, t o
Z (ROH)
T
n

n

n

0,2
mol

este Y
NaOH
Z mới tạo thành


; MT
n Z có sẵn trong X 0,35 0,2 0,15 mol
M 1,7

Z
Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng


Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

T ph¶i lµ ete ROR R  43 C H 
Y lµ C n H 2n 1COOC 3 H 7 : 0,2 mol
 3 7 


  2R  16

X:
Z lµ C 3 H 7 OH : 0,15 mol
 R  17  1,7

ROH lµ C 3 H 7 OH
C n H 2n 1COOC 3 H 7  k  1
to
X
 O2 
 CO2  H 2 O
C 3 H 7 OH  k  0 
1,795 mol
Áp dụng bảo toàn mol nguyên tố O và khai thác độ bất bão hòa k, ta có :
2n CO2  n H2 O  0,2.2  0,15  2 n O2
n H2 O  1,6 mol

1,975



n CO2  1, 45 mol
n H O  n CO  0,15 mol
 2
2
Áp dụng bảo toàn khối lượng, ta có : mX  12.1, 45  2.1,6  16.  0,2.2  0,15  29, 4 gam


n  1
 0,15.60  0,2. 14n  88  29, 4 gam  

mC3H7OH
axit t¹o Y lµ CH3COOH hay C 2 H 4 O2
mC nH2 n1COOC3H7
Câu 12: Hỗn hợp E chứa peptit X mạch hở (tạo bởi glyxin và alanin) và este Y mạch hở (được tạo bởi etylen

glicol và một axit đơn, không no chưa một liên kết C=C). Đun nóng hỗn hợp E với dung dịch NaOH vừa đủ thu
được 23,08 gam hỗn hợp F có chứa a gam muối của glyxin và b gam muối của alanin . Lấy toàn bộ F đốt cháy
thu được Na2CO3, N2, 23,76 gam CO2 và 7,56 gam H2O. Mặt khác cũng đem đốt cùng lượng E trên cần dùng
19,936 lít khí O2 (đktc). Giá trị của a : b gần nhất với giá trị nào sau đây?
A. 2,45.
B. 2,60.
C. 2,70.
D. 2,55.
 Hướng dẫn giải

Amino axit t¹o X: C n H 2n 1O2 N (n  2)
Muèi cña amino axit  A : C n H 2n O2 NNa : x mol


Axit t¹o este Y: C m H 2m 2 O2
Muèi cña axit  B : C m H 2m 3O2 Na : y mol
A: C n H 2n O2 NNa : x mol  O2 , t o
 23,08 gam F 
 Na 2 CO3  CO2  H 2 O  N 2
B: C m H 2m 3O2 Na : y mol
0,54 mol
0,42 mol
(x  y)
mol
Áp dụng bảo toàn nguyên tố Na, ta có : n Na2CO3 
2
 k  1; cã 1 nit¬
  A
 (k A  1  0,5.Sè N) n A  (k B  1) n B  n CO2  n H2O
1

k B  2
1
x
2
y
0,54 mol
0,42 mol
 0,5x  y  0,12 mol (1)
Áp dụng bảo toàn khối lượng cho hỗn hợp F, ta có :
m A vµ B  12(n Na2 CO3  n CO2 )  2 n H2O  16 n O  23 n Na  14 n N  23,08 gam
0,5x 0,5y 0,54

0,42

2(x  y)

(x  y)

x

 75x  61y  15,76 gam (2)
0,5x  y  0,12 mol
x  0,08 mol
Tõ (1) vµ (2)  

75x  61y  15,76 gam y  0,16 mol
Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, ta có : n C trong muèi  n CO2  n Na2 CO3  0,54 
 Do n  2  n C trong A  2.0,08  0,16 mol  n C trong B   0,66  0,16  mol
 Sè C trong B 

0,08  0,16
 0,66 mol
2

0,66  0,16
axit kh«ng no nªn C  3
 3,125 
 B lµ CH 2  CH  COONa
0,16

“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”


Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus


0,18
n C trong A 0,66 0,16.3 0,18 mol

Số C trong A
2,25
0,08
n

0,08
mol

A
p dng s ng chộo, ta cú :

ứng với
C 2 H 4 O2 NNa (2C)
0,75
0,06 mol

0,08 mol
C 2,25
C H O NNa (3C)
ứng với
0,25
0,02 mol
3 6 2
a m C 2 H4 O2 NNa 0,06.(74 23)
gần nhất


2,62
2,60
b m C3H6 O2 NNa 0,02.(88 23)

Comment: Vi cỏch gii trờn thỡ d kin s mol O2 t chỏy hn hp E l khụng dựng ti. Tuy nhiờn d kin
ú l khụng hon ton tha nờn ta ỏnh giỏ bi ton theo hng nhỡn s mol O2 chờnh lch t chỏy E v hn
hp mui F chớnh l s mol O2 cn t chỏy hon ton etilen glicol s mol este Y.
Cõu 13: Hn hp X gm 0,2 mol axetilen, 0,1 mol but1in, 0,15 mol etilen, 0,1 mol etan v 0,85 mol H2. Nung
núng hn hp X (xỳc tỳc bt Ni) sau mt thi gian, thu c hn hp Y cú t khi so vi H2 bng x. Cho Y tỏc
dng vi AgNO3 d trong NH3 thu c kt ta v 19,04 lớt hn hp khớ Z (ktc). Sc khớ Z qua dung dch brom
d thy cú 8,0 gam brom phn ng. Giỏ tr ca x gn nht vi giỏ tr no sau õy?
A. 9,0.
B. 10,0.
C. 10,5.

D. 11,0.
( thi th THPT Quc Gia ln 2 THPT Chuyờn Bn Tre Bn Tre, nm 2015)
Hng dn gii
CH CH : 0,2 mol
AgNO3 /NH3
Ankin dư
thu được

CH

C

CH
CH
:
0,1
mol

2
3

Anken


Ni, t o
X CH 2 CH 2 : 0,15 mol

Y

0,05 mol Br2

C H : 0,1 mol
0,85 mol Z Ankan
H dư
2 6

2


H 2 : 0,85 mol
n 0,2.2 0,1.2 0,15 0,75 mol

Ta có

n Br2 phản ứng nanken trong Z 0,05 mol

n X 0,2 0,1 0,15 0,1 0,85 1,4 mol

n X n Y n H2 phản ứng 1,4 (n ankin dư 0,85) n H2 phản ứng (*)
n

n

0,85


Y
ankin
dư

p dng bo ton mol liờn kt v gim s mol khớ (*), ta cú :
n ban đầu 2n ankin dư n H2 phản ứng 0,05 0,75 mol nankin dư 0,15 mol


n

n

(1,4

0,85)
mol
n H2 phản ứng 0,4 mol
H2 phản ứng
ankin dư
n Y 1,4 0,4 1 mol
p dng bo ton khi lng, ta cú :
m
0, 2.26 0,1.54 0,15.28 0,1.30 0,85.2
mX mY MY X
19, 5
nY
1
Vậy x = d Y/H2

19, 5
gần nhất
9, 75
10,0
2

Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng


Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

Câu 14: Hỗn hợp X gồm peptit A mạch hở có công thức CxHyN5O6 và hợp chất B có công thức phân tử là
C4H9NO2. Lấy 0,09 mol X tác dụng vừa đủ với 0,21 mol NaOH chỉ thu được sản phẩm là dung dịch gồm ancol
etylic và a mol muối của glyxin, b mol muối của alanin. Mặt khác, nếu đốt cháy hoàn toàn 41,325 gam hỗn hợp
X bằng oxi vừa đủ thì thu được N2 và 96,975 gam hỗn hợp CO2 và H2O. Giá trị của a : b gần nhất với giá trị nào
sau đây ?
A. 0,50.
B. 0,76.
C. 1,30.
D. 2,60.
(Đề thi thử THPT Quốc Gia lần 3 – THPT Chuyên Đại học Vinh – Nghệ An, năm 2015)
 Hướng dẫn giải
C 2 H 5OH
A lµ pentapeptit t¹o bëi Gly vµ Ala
C x H y N 5O6 0,21 mol NaOH 
 0,09 mol X 
 C 2 H 4 O2 NNa  
B lµ H 2 N  CH 2 COOC 2 H 5
C 4 H 9 NO2
C H O NNa
3
6
2


n pentapeptit  n H2 N CH2COOC 2H5  0,09 mol
n pentapeptit  0,03 mol
 Ta cã 

 nA : nB  1 : 2
5n pentapeptit  n H2 N CH2COOC 2H5  0, 21 mol n H2 N CH2COOC 2H5  0,06 mol

C x H y N 5O6 : x mol  O2 , t o
 41,325 gam X 
 N 2  CO2  H 2 O
C 4 H 9 NO2 : 2x mol
96,975 gam
Áp dụng bảo toàn khối lượng, giả thuyết và độ bất bão hòa k, ta có:
m X  12n CO  2n H O  16.(6x  4x)  14.(5x  2x)  41,325 gam 12n CO  2n H O  258x  41,325 gam
2
2
2
2




 44n CO2  18n H2O  96,975 gam
 44n CO2  18n H2O  96,975 gam


n CO2  n H2O  (5  1  0,5.5)x  (1  1  0,5.1)2x
n CO2  n H2O  0,5x  0



n CO2  1,575 mol

 n H2O  1,5375 mol

x  0,075 mol
1,575  4.2.0,075
Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, ta có: Sè C trong A =
 13 (Gly  Gly  Ala  Ala  Ala)
0,075

C 2 H 4 O2 NNa :  2.0,03  0,06  mol
 muèi cña Gly
Gly

Gly

Ala

Ala

Ala
:
0,03
mol

BT m¾t xÝch Gly
 0,09 mol 




BT m¾t xÝch Ala
H 2 N  CH 2 COOC 2 H 5 : 0,06 mol
C 3 H6 O2 NNa : 3.0,03 mol
 muoiscñaAla
a 0,12 4 gÇn nhÊt
 VËy 
 
 1,30
b 0,09 3
Câu 15: Hỗn hợp X gồm hai chất hữu cơ no , mạch hở (đều chứa C, H, O), trong phân tử mỗi chất có hai nhóm
chức trong số các nhóm –OH, –CHO, –COOH. Cho m gam X phản ứng hoàn toàn với lượng dư dung dịch AgNO3
trong NH3, thu được 4,05 gam Ag và 1,86 gam một muối amoni hữu cơ. Cho toàn bộ lượng muối amoni hữu cơ
này vào dung dịch NaOH (dư, đun nóng), thu được 0,02 mol NH3. Giá trị của m là
A. 1,50.
B. 1,24.
C. 2,98.
D. 1,22.
(Đề thi Trung học phổ thông Quốc Gia năm 2015 – Bộ Giáo dục và Đào tạo)
 Hướng dẫn giải

n  CHO  0,01875 mol
1,86
n Ag  0,0375 mol 

 M RCOONH4 
 93  R = 31 (OH  CH2 )
+
n

0,02

mol
n
=0,02
mol
0,02
R

COONH

 NH3

4

Giải thích do trong X mỗi chất đều chứa hai trong 3 nhóm chức –OH, –CHO, –COOH.
“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”


Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus


OH  CH2  CHO : 0,01875 mol
 m  1,22 gam
+ Vậy trong X có chứa các chất là 
3
OH

CH

COOH:1,25.10

mol


2

AgNO
/NH
OH  CH  CHO 
3
3  OH  CH  COONH  2Ag
2
2
4
Comment: 
 NH3
 OH  CH 2  COONH 4
OH  CH2  COOH 
Cá nhân mình thấy ĐÂY là câu hay nhất đề, không nặng về hình thức toán học, đơn giản nhưng mang hàm lượng
chất HÓA HỌC cao! Hồi học phổ thông mình không giỏi về toán thành thử nặng về tính toán quá mình không có
thiện cảm, thích mấy bài mang chất Hóa thế này hơn.

Câu 16: Hỗn hợp X gồm 3 este đơn chức, tạo thành từ cừng một ancol Y và 3 axit cacboxylic (phân tử chỉ có
nhóm –COOH); trong đó, có hai axit no là đồng đẳng kế tiếp nhau và một axit không no (có đồng phân hình học,
chứa một liên kết đôi C=C trong phân tử). Thủy phân hoàn toàn 5,88 gam X bằng dung dịch NaOH, thu được hỗn
hợp muối và m gam ancol Y. Cho m gam Y vào bình đựng Na dư, sau phản ứng thu được 896 ml khí (đktc) và
khối lượng bình tăng 2,48 gam. Mặt khác, nếu đối cháy hoàn toàn 5,88 gam X thì thu được CO2 và 3,96 gam
H2O. Phần trăm khối lượng của este không no trong X là
A. 34,01%.
B. 38,76%.
C. 40,82%.

D. 29,25%.
(Đề thi Trung học phổ thông Quốc Gia năm 2015 – Bộ Giáo dục và Đào tạo)
 Hướng dẫn giải
 NaOH Hçn hîp muèi


 Na
 H 2 : 0,04 mol
RCOOR'
R'OH 
5,88 gam 
CO2
R1CH  CHCOOR'
 O2


o

t
H 2 O : 0,22 mol

m R'OH  2, 48  0,04.2  2, 56 gam
2,56
Giả thuyết, Δm bình Na tăng ta có: 
 M R'OH 
 32  Y : CH3OH
n

0,04.2


0,08
0,08
 R'OH
RCOOCH3 : a mol (k = 1)  C Este no  2

Vậy Y là ancol no, kết hợp với các giả thuyết  5,88 gam 

R1CH  CHCOOCH3 : b mol (k = 2)  C  n
Khi đó, áp dụng bảo toàn số nhóm gốc CH3–, mối liên hệ của độ bất bão hòa k và bảo toàn khối lượng, ta có:
a  b  n CH OH  0,08 mol
a  0,06 mol
3



 b  0,02 mol
b = n CO2  n H2O  n CO2  0,22


12n CO2  2.0,22  16.2(a  b)  5,88 gam n CO2  0,24 mol

Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, ta có: 0,06.2  0,02n  n CO2  0,24 mol  n < 6.


Mặt khác, do axit không no, có đồng phân hình học  Este không no cũng có đồng phân hình  Sè C  4
0,02.100
.100  34,01%
Vậy Este không no là CH3–CH=CHCOOCH3 (0,02 mol)  %m 
5,88
Câu 17: Hỗn hợp T gồm hai ancol đơn chức là X và Y (MX < MY), đồng đẳng kế tiếp của nhau. Đun nóng 27,2

gam T với H2SO4 đặc, thu được hỗn hợp các chất hữu cơ Z gồm: 0,08 mol ba ete (có khối lượng 6,76 gam) và
một lượng ancol dư. Đốt cháy hoàn toàn Z cần vừa đủ 43,68 lít O2 (đktc). Hiệu suất phản ứng tạo ete của X và Y
lần lượt là
A. 20% và 40%.
B. 40% và 30%.
C. 30% và 30%.
D. 50% và 20%.
(Đề thi Trung học phổ thông Quốc Gia năm 2015 – Bộ Giáo dục và Đào tạo)
 Hướng dẫn giải
“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”


Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus
H2SO4

2R OH
R O R H2 O
6,76

giả thuyết
Ta cú:

M R O R
84,5 R 34,25
0,08
mol
:
0,16

0,08


ứng với
X : C 2 H 5 (29)
8,75
0,1 mol


M X M Y
0,16 mol
+ Do X, Y ng ng k tip
R 34,25
Y : C H (43)
ứng với
5,25
0,06 mol
3 7


+ Do lng C trong T v Z l khụng i nờn t chỏy hn hp ancol hay t Z (H2O chỏy khụng cn oxi) u cn
cựng mt lng O2 nh nhau (1,95 mol).
to

2CO2 3H 2 O
C 2 H6 O 3O2
+ Do ú lng ancol ban u
to
3CO2 4H 2 O

C 3 H8 O 4, 5O2

46x 60y 27,2 gam x 0,2 mol
Gi s mol C2H5OH v C3H7OH ban u ln lt l x, y mol

3x 4,5y 1,95 mol
y 0,3 mol
0,1
0,06
H%X
.100 50% v H%Y
.100 20%
0,2
0,3
Cõu 18: Hn hp X gm 2 cht cú cụng thc phõn t l C3H12N2O3 v C2H8N2O3. Cho 3,40 gam X phn ng
va vi dung dch NaOH (un núng), thu c dung dch Y ch gm cỏc cht vụ c v 0,04 mol hn hp 2
cht hu c n chc (u lm xanh qu tớm m). Cụ cn Y, thu c m gam mui khan. Giỏ tr ca m l
A. 3,36.
B. 2,97.
C. 2,76.
D. 3,12.
( thi Trung hc ph thụng Quc Gia nm 2015 B Giỏo dc v o to)
Hng dn gii
+ Gi 2 cht trong X l A v B.
2.3 2 12 2

1
k A tính theo CTPT
Bin lun cu to ca A
A là hợp chất có chứa liên kết ion

2

A phản ứng được với NaOH k A thực tế 1
Số liên kết ion = k A thực tế k A tính theo CTPT

Mt khỏc, ta cú
A là hợp chất có chứa 2 nhóm muối amoni
3
X có 3 Oxi k A thực tế 2 1


k B tính theo CTPT 0

"Tương Văn Tự" B
3 B là hợp chất chứa 1 nhóm muối amoni
có
3
oxi

k

thực
tế

2 1

Do A v B sinh hn hp gm 2 khớ lm xanh qu m (l cỏc amin) nờn CTCT ỳng ca A v B ln lt l

x mol

y mol

CH NH 2 : 2x mol 2x y 0,04 mol
x 0,01 mol
Khi đó: Hỗn hợp khí 3


C 2 H 5 NH2 : y mol 124x 108y 3,4 gam y 0,02 mol
Na CO
BT gốc CO32 và NO3
Vậy Y gồm 2 3
m 0,01.106 0,02.85 2,76 gam
NaNO3

Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng


Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

Câu 19: Đun hỗn hợp etylen glicol và axit cacboxylic X (phân tử chỉ có nhóm -COOH) với xúc tác H2SO4 đặc,
thu được hỗn hợp sản phẩm hữu cơ, trong đó có chất hữu cơ Y mạch hở. Đốt cháy hoàn toàn 3,95 gam Y cần 4,00
gam O2, thu được CO2 và H2O theo tỉ lệ mol tương ứng 2 : 1. Biết Y có công thức phân tử trùng với công thức
đơn giản nhất, Y phản ứng được với NaOH theo tỉ lệ mol tương ứng 1: 2. Phát biểu nào sau đây sai?
A. X có đồng phân hình học.
B. Tổng số nguyên tử hiđro trong hai phân tử X, Y bằng 8.
C. Y tham gia được phản ứng cộng với Br2 theo tỉ lệ mol tương ứng 1 : 2.
D. Y không có phản ứng tráng bạc.
(Đề thi Trung học phổ thông Quốc Gia năm 2015 – Bộ Giáo dục và Đào tạo)
 Hướng dẫn giải

Áp dụng bảo toàn khối lượng và tỉ lệ số mol CO2, H2O, ta có: 3,95  4  44.2n H2O  18n H2O  n H2O  0,075 mol


3,95  12.0,15  0,15
n C  n CO2  2.0,075  0,15 mol
BTKL

 n O trong Y 
 0,125 mol

16
n

2n

2.0,075

0,15
mol
H
H
O


2
Vậy nC : n H : nO  0,15: 0,15: 0,125  6 : 6 : 5  công thức đơn giản nhất của Y là C6H6O5.
Do Y có công thức đơn giản trùng với CTPT nên Y là C 6H6O5. Mặt khác Y tác dụng với NaOH theo tỉ lệ 1 : 2
nên  Y là HOOC  C  C  COOCH2  CH2 OH .
 Do đó X là HOOC  C  C  COOH  không có đồng phân hình học  A. Sai.
Câu 20: Cho 0,7 mol hỗn hợp T gồm hai peptit mạch hở là X (x mol) và Y (y mol), đều tạo bởi glyxin và alanin.

Đun nóng 0,7 mol T trong lượng dư dung dịch NaOH thì có 3,8 mol NaOH phản ứng và thu được dung dịch
chứa m gam muối. Mặt khác, nếu đốt cháy hoàn toàn x mol X hoặc y mol Y thì đều thu được cùng số mol CO2.
Biết tổng số nguyên tử oxi trong hai phân tử X và Y là 13, trong X và Y đều có số liên kết peptit không nhỏ hơn
4. Giá trị của m là
A. 340,8.
B. 409,2.
C. 396,6.
D. 399,4.
(Đề thi Trung học phổ thông Quốc Gia năm 2015 – Bộ Giáo dục và Đào tạo)
 Hướng dẫn giải
+ Do số liên kết peptit trong X hoặc Y không nhỏ hơn 4 nghĩa là số amino axit tạo X hoặc Y không nhỏ hơn 5.
+ Gọi n là số mặt xích amino axit trung bình của X và Y. Theo quy luật phản ứng thủy phân peptit, ta có:
n  peptit (X,Y) + nNaOH 
 Muèi + H2 O
3,8
n
 5, 43 .
0, 7
mol :
0,7
 0,7n  3,8
 Sè O = 13  peptit còn lại: CnHmO7N6
 Phải có 1 peptit chứa 5 mắt xích amino axit (pentapeptit): CxHyO6N5 

x  y  0, 7 mol
X lµ Pentapeptit : C x H y O6 N 5 (x mol)
gi¶ thuyÕt

 
+ Không mất tính tổng quát giả sử 


5x  6y  3,8 mol
Y lµ Hexapeptit : C n H m O7 N 6 (y mol)
x  0,4 mol
 
. Mặt khác, do đốt 0,4 mol X hay 0,3 mol Y đều thu được cùng một lượng CO2.
y  0,3 mol
nCO (X)  nCO (Y)
X : (Gly)a (Ala)5a
2
2


 0,4.[2a + 3(5 – a)] = 0,3.[2b + 3(6 – b)]
Khi đó: 
Y
:
(Gly)
(Ala)

b
6b
X : Gly3 Ala 2 (0,4 mol)
a  3
NghiÖm nguyªn tháa m·n
 4a – 3b = 6 


b  2
Y : Gly2 Ala 4 (0,3 mol)

BT nhãm Gly
 0,4.3  0,3.2  1,8 mol
X : Gly3Ala 2 (0,4 mol)
C 2 H 4 O2 NNa 
3,8 mol NaOH 
Vậy 


BT nhãm Ala
 0,4.2  0,3.4  2 mol

Y : Gly2 Ala 4 (0,3 mol)
C 3 H6 O2 NNa 
 mmuèi  1,8.97  2.111  396,6 gam

“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”


Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

Câu 21: Thủy phân hoàn toàn chất béo X trong môi trường axit, thu được glixerol và hỗn hợp hai axit béo gồm
axit oleic và axit linoleic. Đốt cháy m gam X cần vừa đủ 76,32 gam O2, thu được 75,24 gam CO2. Mặt khác, m
gam X tác dụng tối đa với V ml dung dịch Br2 1M. Giá trị của V là
A. 120.
B. 150.
C. 180.
D. 200.
(Đề thi thử THPT Quốc Gia lần 1 – THPT chuyên Lê Quý Đôn, Quảng Trị, năm 2015)
 Hướng dẫn giải

axit oleic : C17 H33COOH (1 C C )
với a + b = 3.
 X là
Ta có: 
axit linoleic : C17 H31COOH (2 C C )
y
y


to
+ Vậy chất béo X khi đó có dạng : C18.3+ 3HyO6  C 57 H y O6   57   3  O2 
 57CO2  H2 O
4
2


y
57   3
n O2
2,385
4
 y = 102.


+ Giả thuyết, ta có:
n CO2
57
1,71

ab3 a  2  

Áp dụng bảo toàn nguyên tố H, ta có: 33a + 31b +5 = y = 102 

 CC  2.1  2  4 .
b  1
n CO2
1,71

 0,03 mol
Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, ta có: n X 
 Sè C X 57
BT mol C C

 nBr2 ph¶n øng  0,03.4  0,12 mol  V  120 ml

Câu 22: Thủy phân hoàn toàn 0,1 mol este X cần 200 ml dung dịch NaOH 1,5M. Cô cạn dung dịch sau phản ứng
thu được glixerol và 24,6 gam muối khan của axit hữu cơ mạch thẳng. Số công thức cấu tạo của X là
A. 1
B. 4
C. 7
D. 6
(Đề thi thử THPT Quốc Gia – THPT chuyên Vĩnh Phúc, Vĩnh Phúc, năm 2015)
 Hướng dẫn giải
 Glixerol + muối của các axit hữu cơ.
+ 0,1 mol X + 0,3 mol NaOH 

24,6
X lµ (RCOO)3C 3H 5 : 0,1 mol

R
 67  15 (CH3 )

0,3
Muèi
lµ
RCOONa
:
0,3
mol


R1 : H  (a)
R1 : CH3  (b)
R1 : H  (a)



 R2 : CH3  (b) hoặc R2 : CH 3  (b) hoặc R2 : H  (a)
R : CH  (b)
R : CH CH CH  (b)
R : C H  (c)
3
3
2
2
 3
 3
 3 2 5
+ Số đồng phân của X là 6 gồm :
(b)

(a)

(b)

(c)

(a)

(a)

(b)

(b)

(c)

(a)

(a)

(d)

(b)

(c)

(a)

(b)

(d)

(a)

Câu 23: Cho hỗn hợp X gồm một este đơn chức và một ancol (bền), cả hai đều mạch hở và có cùng số nguyên tử
cacbon. Đốt cháy hoàn toàn m gam X, thu được 10,08 lít khí CO2 (đktc) và 7,2 gam H2O. Mặt khác, cho m gam
X tác dụng với NaOH dư thu được 0,1 mol ancol. Giá trị của m là
A. 9,4.
B. 10,1.
C. 9,5.
D. 8,5.
“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”


Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

nCO2  0,45 mol ; nH2O

 Hướng dẫn giải
 0,4 mol . Gọi công thức este là CnHyO2; ancol là CnHtO. (do este và ancol có cùng C)

Trường hợp 1: thủy phân este tạo ra ancol  n X  nancol  0,1 mol  Sè C =

n CO2
nX



0,45
 4,5 (LÎ  Lo¹i) .

0,1

Trường hợp 2: thủy phân este không tạo ra ancol  este không no  n  3.
Ta có khi đó 0,1 mol chính là số mol ancol ban đầu  n X  0,1 mol  n 

n  3
0,45
n 3
 4,5 
n  4
0,1


0,45
y
BTNT H
 0,1125 mol  n este  0,0125 mol 
 0,0125y  0,1t  0,4.2   t  8
4
8
Dễ thấy không có nghiệm y nguyên nào thỏa mãn vì C4HyO2 không no thì y  6.
0,45
BTNT H
 0,15 mol  n este  0,05 mol 
 0,05y  0,1t  0,4.2  y  2t  16
+ Nếu n = 3  n X 
3
y  2  t  7 LÎ  Lo¹i Este : HCOOCH  CH2

C3HyO2 không no thì y  4  

y  4  t  6 (Tháa m·n)
Ancol : CH 2  CH  CH 2  OH
+ Nếu n = 4  n X 

 m  0,05.72  0,1.58  9,4 gam

Câu 24: Hỗn hợp X gồm metan, etilen, propin, vinylaxetilen và hiđro. Dẫn X qua Ni nung nóng, sau phản ứng
hoàn toàn thu được hỗn hợp Y có tỉ khối so với khí nitơ đioxit là 1. Biết 5,6 lít hỗn hợp Y (đktc) làm mất màu
vừa đủ 72 gam brom trong dung dịch. Nếu lấy 5,6 lít hỗn hợp X (đktc) làm mất màu vừa đủ bao nhiêu gam
brom trong dung dịch?
A. 56 gam.
B. 60 gam.
C. 48 gam.
D. 96 gam
 Hướng dẫn giải
Quy đổi hỗn hợp Y thành C n H2n 22k
Khi đó: 0,25 mol Y + 0,45 mol Br2 vừa đủ  k 

0,45
 1,8  Y lµ C n H 2n 1,6
0,2


C 3,4 H4
+ M Y  14n  1,6  46  n  3,4. VËy Y lµ C 3,4 H5,2  X 

H 2


C 3,4 H 4 :1 mol

Ni,t o
C 3,4 H4  0,6H2 
 C 3,4 H5,2  NÕu lÊy 1,6 mol X gåm 

H 2 : 0,6 mol

C 3,4 H 4 :1,5625 mol
 LÊy 0,25 mol X gåm 

H2 : 0,09375 mol
Ni,t
C 3,4 H4  2, 4Br2 
 C 3,4 H 4 Br4,8
o

mol : 0,15625  0,375

 mBr2  0,375.160  60 gam

Câu 25: Biết X là axit cacboxylic đơn chức, Y là ancol no, cả hai chất đều mạch hở, có cũng số nguyên tố cacbon.
Đốt cháy hoàn toàn 0,4 mol hỗn hợp gồm X và Y (trong đó số mol của X lớn hơn số mol của Y) cần vừa đủ 30,24
lít khí O2, thu được 26,88 lít khí CO2 và 19,8 gam H2O. Biết thể tích các khí đó ở điều kiện tiêu chuẩn. Khối
lượng của Y trong 0,4 mol hỗn hợp trên là
A. 9,0 gam.
B. 11,4 gam.
C. 19,0 gam.
D. 17,7 gam.
 Hướng dẫn giải
“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”

Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

n CO 1, 2(mol)
BTNT O
XY

n Trong
1, 2.2 1,1 1,35.2 0,8
O
2

Ta cú : n H2O 1,1(mol)

1, 2
3
Phản ứng
Số C trong X hoặc Y=
0,
4
n

1,35(mol)

O2
Vỡ H

2, 2
5,5 cú hai trng hp xy ra .

0, 4

C3 H 2 O2 : a mol BTNT H a b 0, 4
a 0,167


Trng hp 1: 0, 4 mol
(Loi)
C
H
O
:
b
mol
2a

8b

1,1.2
b

0,
233


3 8 n

C3 H 4 O2 : a mol BTNT H a b 0, 4
a 0, 25

Trng hp 2: 0, 4 mol
tha món.
4a 8b 1,1.2 b 0,15
C3 H8 On : b mol
D thy n 2 m Y 0,15.76 11,4 gam
Cõu 26: Hn hp X cha 0,08 mol axetylen; 0,06 mol axetandehit; 0,09 mol vinylaxetylen v 0,16 mol
hidro. Nung X vi xỳc tỏc Ni sau mt thi gian thỡ thu c hn hp Y cú t khi hi so vi H2 l 21,13. Dn
Y i qua dung dch AgNO3/NH3 d phn ng xy ra hon ton thỡ thu c m gam Z gm 4 kt ta cú s
mol bng nhau, hn hp khớ T thoỏt ra sau phn ng lm mt mu va ht 30ml dung dch brom 0,1M. Giỏ tr
ca m gn giỏ tr no nht sau õy?
A. 27.
B. 29.
C. 26.
D. 25.
Hng dn gii
CH CH : 0, 08 mol
CH CHO : 0, 06 mol
3
BTKL
ứng

mX 9,72 n Y 0, 23 n Hphản
0,16 mol
Ta cú : X
2
CH C CH CH 2 : 0, 09 mol
H 2 : 0,16 mol
Trong Y ta tng tng l chia thnh hai phn:
CH CH : a mol

CAg CAg : a mol
CH CHO : 0,5a mol
Ag : a mol
3

AgNO3
m gam
Phn 1:
CH C CH CH 2 : a mol
CAg C CH CH 2 : a mol
CH C CH 2 CH 3 : a mol
CAg C CH 2 CH 3 : a mol
Phn 2: Gm anken, ankan, ancol, ankadien.
ứng
phản ứng
Ta i bo ton liờn kt pi vi chỳ ý l lng n Hphản
n Br
0,16 0,003 0,163 mol s lm cho cỏc cht
2
2
CH CH : 0, 08 a

ny bin thnh no hon ton. Khi ú ta cú: Phn cha phn ng vi H2 CH3 CHO : 0, 06 0,5a
CH C CH CH : 0, 09 2a
2

V mt chỳt cú phn ng vi H2 l : CH C CH2 CH3 : a mol

p dng bo ton mol liờn kt ta cú:
2 (0,08 a) (0,06 0,5a) 3 (0,09 2a) a 0,163 a 0,0436 mol

gần nhất
m 29,1248
29 gam

Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng


Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

Câu 27: Hỗn hợp X gồm CnH2n-1CHO, CnH2n-2(CHO)2, CnH2n-2(COOH)2, CnH2n-3(CHO)(COOH)2. Cho m gam
hỗn hợp X tác dụng với dung dịch AgNO3/NH3 dư thu được 56,16 gam Ag. Trung hoà m gam hỗn hợp X cần 30
gam dung dịch hỗn hợp NaOH 12% và KOH 5,6%. Đốt m gam hỗn hợp X cần (m + 7,92) gam O2. Giá trị của m
gần nhất với giá trị nào sau đây ?
A. 19,84
B. 20,16
C. 19,36
D. 20.24
 Hướng dẫn giải
 AgNO3 /NH3
C n H 2n 1CHO : x mol (k = 2)

 Ag : 0,52 mol

30.0,12 30.0,056
C n H 2n 2 (CHO)2 : y mol (k = 3)
30 gam NaOH 12%
m gam X 

  n OH ph¶n øng 


 0,12 mol
vµ KOH 5,6%
40
56
C
H
(C
OOH)
:
z
mol
(k
=
3)
n
2n

2
2

 (m  7,92) gam O2
C H (CHO)(COOH) : t mol (k = 4) 
 CO2  H 2 O
 n 2n 3
2
n Ag

 0,26 mol (1)
n  CHO  x  2y  t 

Theo giả thuyết, ta có: 
2
n  COOH  2z  2t  n 
 0,12 mol (2)
OH ph¶n øng

 nO trong E  nO trong -CHO  n O trong -COOH  0,26  2.0,12  0,5 mol

Theo mối liên hệ của độ bất bão hòa k với số mol CO2 và H2O, ta có: x  2y  2z  3t  n CO2  n H2O
(1)(2)
Mặt khác, từ (1) và (2)  x  2y  t  2z  2t  0,26  0,12   x  2y  2z  3t  0,38 mol

Vậy  nCO2  n H2O  0,38 mol (*)
Áp dụng bảo toàn nguyên tố O, bảo toàn khối lượng và (*), ta có:


m  7,92
2n CO2  n H2O  0,5  2.
2n CO  n H O  0,0625m  0,995
32
2
2


44n CO2  18n H2O  m  (m  7,92)  44n CO2  18n H2O  2m  7,92 gam


m O2
n CO2  n H2O  0,38 mol


n CO2  n H2O  0,38 mol
n  0,86 mol
CO2


 n H2 O  0, 46 mol

gÇn nhÊt

m  19,28 gam  19,36 gam

Câu 28: Hỗn hợp M gồm Lys-Gly-Ala, Lys-Ala-Lys-Lys-Gly, Ala-Gly trong đó nguyên tố oxi chiếm
21,3018% khối lượng. Cho 0,16 mol hỗn hợp M tác dụng với dung dịch HCl vừa đủ thu được bao nhiêu gam
muối?
A. 90,48
B. 83,28
C. 93,36
D. 86,16
 Hướng dẫn giải
Nhận xét: ta thấy cả 3 peptit đều có điểm chung là chức 1 gốc Ala-Gly.
gèc Ala  Gly (C 5 H10 O3 N 2 ) : 0,16 mol
Quy đổi M thành 
gèc Lys (C 6 H12 ON 2 ) : x mol
Theo giả thuyết, ta có: %O 

3.0,16  x
.100%  21,3018%  x  0,24 mol
146.0,16  128x

“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,

Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”


Luyện thi THPT QUỐC GIA HÓA HỌC-PHẠM CÔNG TUẤN TÚ (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus


 Muèi
gèc Ala  Gly  2HCl  H 2 O 
Theo quy luật phản ứng, ta có: 
 Muèi

gèc Lys  2HCl  H 2 O 
BTKL

 mmuèi  0,16.(146  36,5.2  18)  0,24.(128  36,5  18)  90,48 gam

Câu 29: Hỗn hợp E gồm chất X (CxHyO4N) và Y (CxHtO5N2); trong đó X không chứa chức este, Y là muối của
α–amino axit no với axit nitric. Cho m gam E tác dụng vừa đủ với 100 ml NaOH 1,2M đun nóng nhẹ thấy thoát
ra 0,672 lít (đktc) một amin bậc 3 thể khí điều kiện thường. Mặt khác m gam E tác dụng vừa đủ với a mol HCl
trong dung dịch thu được hỗn hợp sản phẩm trong đó có 2,7 gam một axit cacboxylic. Giá trị m và a lần lượt là
A. 9,87 và 0,03
B. 9,84 và 0,03
C. 9,87 và 0,06
D. 9,84 và 0,06
 Hướng dẫn giải
+ Amin bậc 3 thể khí ở điều kiện thường chỉ có thể là trimetyl amin (CH3)3N : 0,03 mol.
+ X (CxHyO4N) không chứa chức este, chỉ có 1 nguyên tử N nên là muối amoni của axit 2 chức.
+ Y là muối của α–amino axit no với axit nitric nên phản ứng với NaOH không sinh khí.
TN1: HOOC  R  COOHN(CH 3 )3  2NaOH 
 NaOOC  R  COONa + (CH 3 )3 N  2H 2 O


0,03 
0,06 
0,03
mol :
Víi X 
 HOOC  R  COOH + (CH 3 )3 NHCl
TN 2 : HOOC  R  COOHN(CH 3 )3  HCl 
mol :
0,03
 0,03
 0,03

2,7
 Maxit cacboxylic 
 90  R  0 (HOOC  COOH). VËy X lµ C 5H11O 4 N  Y lµ C 5H t O5 N 2
0,03
amino axit cã 2O 1N
Mặt khác Y là muối của α–amino axit no với HNO3 
   amino axit là C5H11O2N.
Y
là
C
H
O
N
(

5 12 5 2 HOOC  C 4 H8  NH3 NO3


HOOC  COOHN(CH 3 )3  2NaOH 
 NaOOC  COONa + (CH3 )3 N  2H 2 O

0,03 
0,06 
mol :
 TN1 
HOOC  C 4 H8  COONH 3 NO3  2NaOH 
 NaOOC  C 4 H8  NH 2 + NaNO3  2H 2 O

mol :
0,03
 0,03

m  0,03.149  0,03.180  9,87 gam
Vậy  


a  n HCl  0,03 mol

Câu 30: Đốt cháy m gam hỗn hợp X gồm metanol, etanol, glixerol và sobitol cần vừa đủ 5,712 lít khí O2
(ở đktc), sau phản ứng thu được 5,04 gam H2O. Mặt khác cho 0,2 mol hỗn hợp X tác dụng với Na dư thì thu
được 4,76 lit H2 (đktc). Phần trăm khối lượng của etanol có trong hỗn hợp X là
A. 16,20%.
B. 24,30%.
C. 8,10%.
D. 32,40%.
 Hướng dẫn giải


CH 3OH


CO
0,255 mol O2
m gam X C 2 H 5OH

 2



H 2 O : 0,28 mol
C 3 H 5 (OH)3

sobitol : C H (OH)

6 8
6


Na
d­
0,2 mol X  H 2 : 0,2125 mol
+ Thí nghiệm 2  n OH trong ancol  2n H2  0, 425 mol  Sè O =

n OH
nX



0, 425
 2,125
0, 2

“Người thầy trung bình chỉ biết nói. Người thầy giỏi biết giải thích,
Người thầy xuất chúng biết minh họa. Người thầy vĩ đại biết cách truyền cảm hứng”


Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

+ Thớ nghim 1: Do hn hp X gm cỏc ancol no.
p dng bo ton nguyờn t O v bt bóo hũa k, ta cú:


2,125n X 2.0,255 2n CO2 0,28
n X 0,08 mol

n OH trong ancol 0,08.2,125 0,17 mol



n CO2 0, 2 mol
n X 0,28 n CO2
m X 12n CO2 2n H2O 16n O 12.0,2 2.0,28 16.0,17 5,68 gam
BTKL


m X m CO2 m H2O m O2 0,2.44 5,04 0,255.32 5,68 gam
Nhn xột: 3 ancol metanol, glixerol v sobitol cú s C = s nhúm OH, riờng etanol cú s C > s nhúm OH 1
n v.

0,03.46
Vy %m C2H5OH
.100% 24,30%
5,68
Cõu 31: X, Y (MX < MY) l hai axit k tip thuc cựng dóy ng ng axit fomic; Z l este hai chc to bi
X, Y v ancol T. t chỏy 12,52 gam hn hp E cha X, Y, Z, T (u mch h) cn dựng 8,288 lớt O 2 (ktc)
thu c 7,2 gam nc. Mt khỏc un núng 12,52 gam E cn dựng 380 ml dung dch NaOH 0,5M. Bit rng
iu kin thng, ancol T khụng tỏc dng c vi Cu(OH)2. Phn trm s mol ca X cú trong hn hp E l
A. 60%
B. 75%
C. 50%
D. 70%
Hng dn gii
+ Hai axit ng ng k tip thuc dóy ng ng axit fomic X, Y no, n chc.
+ Z l este hai chc to bi hai axit v ancol ancol T l ancol hai chc.
17,16
0,39 mol
p dng bo ton khi lng, ta cú: mCO2 12,52 0,37.32 7,2 17,16 gam n CO2
44
Ancol phải no (k = 0)
Nhn xột: n CO2 0,39 mol < n H2O 0,4 mol
T có dạng C n H2n (OH)2

CO2 : 0,39 mol
X, Y: RCOOH : a mol (k = 1)
0,37 mol O2



Khi ú: 12,52 gam E T : C n H 2n (OH)2 : b mol (k = 0)

H 2 O : 0,4 mol
Z : (RCOO) C H : c mol (k = 2)
0,19 mol NaOH


2 n 2n
vừa đủ
Theo gi thuyt, bo ton nguyờn t O v mi liờn h bt bóo hũa k, ta cú:
a 2c n NaOH phản ứng 0,19 mol
a 0,15 mol


2a 2b 4b 2.0,39 0,4 2.0,37 0,44 mol b 0,03 mol
b c n n 0,01 mol

CO2
H2 O
c 0,02 mol

n CO2
X : HCOOH : x mol
0,39

1,95
Mt khỏc, ta cú: C E
nE
0,15 0,03 0,02
Y : CH3COOH : y mol
Hng 1:
Do ancol T hai chc khụng tỏc dng vi Cu(OH)2 2 nhúm OH khụng k cn C T 3 .

BTNT C
+ Xột nu C T 4 C Z 7

x 2y 0,03.4 0,02.7 0,39 mol x + 2y 0,13 mol (Vễ Lí)




x y a 0,15 mol
x 0,12 mol
BTNT C



+ Vy C T 3 C Z 6
x 2y 0,03.3 0,02.6 0,39 mol y 0,03 mol
Hng 2:
3 2 nhóm -OH không kế cận
C
0,39 (0,15 2.0,02)
C ancol
4 ancol
C ancol 3 (T là OH CH 2 CH2 CH2 OH)
0,03 0,02
C ancol 2
(Phn cũn li tng t nh trờn !)
Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng

Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

Cõu 32: Cho hn hp m gam X gm tyrosin (HOC6H4CH2CH(NH2)COOH) v alanin. Tin hnh hai thớ nghim
sau:
+ Thớ nghim 1: Cho m gam X tỏc dng va vi dung dch HCl thu c dung dch Y, cụ cn dung dch Y
thỡ thu c (m + 9,855) gam mui khan
+ Thớ nghim 2: Cho m gam X tỏc dng vi 487,5 ml dung dch NaOH 1M thỡ lng NaOH dựng d 25% so vi
lng cn phn ng.
Giỏ tr ca m l
A. 44,45
B. 37,83
C. 35,99
D. 35,07
( thi th THPT Quc Gia ln 2 THPT Chuyờn Bn Tre Bn Tre, nm 2015)
Hng dn gii
Gi s mol tyrosin (HOC6H4CH2CH(NH2)COOH): x mol v alanin (CH3CH(NH2)-COOH) : y mol.
9,855
BTKL
+ Do c 2 cht u phn ng vi HCl theo t l 1 : 1 x y n HCl phản ứng
n HCl
0,27 mol (1).
36,5
+ Mt khỏc, HOC6H4CH2CH(NH2)COOH phn ng vi NaOH theo t l 1 : 2 do ú ta cú :
0, 4875
2x y n NaOH phản ứng
0,39 mol (2).
1,25
x 0,12 mol
T (1) v (2)
mX 0,12.181 0,15.89 35,07 gam

y 0,15 mol
Cõu 33: Hn hp X gm mt s amino axit (ch cha nhúm chc COOH v NH2 trong phõn t), trong ú t
l mO : mN = 16 : 7. tỏc dng va vi 10,36 gam hn hp X cn va ỳng 120 ml dung dch HCl 1M. Mt
khỏc cho 10,36 gam hn hp X tỏc dng vi 150 ml dung dch NaOH 1M ri cụ cn thu c m gam rn. Giỏ tr
ca m l
A. 14,20.
B. 16,36.
C. 14,56.
D. 13,84.
( thi th THPT Quc gia ln 4 Thy Nguyn Vn Duyờn TP H Chớ Minh, nm 2015)
Hng dn gii
0,12 mol HCl

(NH3Cl)n R(COOH)m
vừa đủ

(NH 2 )n R(COOH)m
10,36 gam

(NH 2 )n R(COONa)m
0,15 mol NaOH

m gam
H2 O
NaOH dư

n NH2 n HCl 0,12 mol m N 0,12.14 1,68 gam
mO 16

mN

7

1,68.16
0,24
3,84 gam nO 0,24 mol n COOH
0,12 mol
7
2
Mặt khác, ta có: nNaOH pứ nCOOH nH2O sinh ra 0,12 mol

mO

p dng bo ton khi lng, ta cú: m 10,36 0,15.40 0,12.18 14,2 gam
mX

mNaOH

mH O
2

Cõu 34: Tetrapeptit X (CxHyO5Nt) trong ú oxi chim 26,49% v khi lng; Y l mui amoni ca
amino axit Z. un núng 19,3 gam hn hp E cha X, Y, Z cn dựng 200 ml dung dch NaOH 1M, thu c mt
mui duy nht v 2,688 lớt khớ (ktc) T (T cú t khi hi so vi H2 < 15). Mt khỏc 19,3 gam E tỏc dng HCl d
thu c m gam mui. Giỏ tr ca m l
A. 27,85.
B. 28,45.
C. 31,52.
D. 25,10.
Hng dn gii
+ Hn hp E phn ng vi NaOH ch thu c 1 mui duy nht X l tetrapeptit c to bi 1 amino

axit Z.
Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng


Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

16.5
302 4M Z 3.18 302 M Z 89 (Alanin)
0,2649
+ Do Y l mui amoni ca amino axit c to bi amino axit Z phn ng vi NH3 hoc amin.
Do ú MT 30 T là NH3 (c sinh bi mui amoni Y phn ng vi NaOH).
Cỏch 1: Gii chõn phng
p dng bo ton nguyờn t Na nCH3CH(NH3 )COONa n NaOH 0,2 mol . Khi ú, ta cú:
+ %mO 26,49% M tetrapeptit

CH3CH(NH 2 )COONa : 0,2 mol
X : Ala Ala Ala Ala : x mol


0,2 mol NaOH
19,3 gam E Y: CH3CH(NH 2 )COONH 4 : y mol NH 3 : 0,12 mol
Z : CH CH(NH )COOH : z mol


3
2
H 2 O

p dng bo ton khi lng, ta cú: mH2O 19,3 0,2.40 (0,2.111 0,12.17) 3,06 gam n H2O 0,17 mol

4x y z n NaOH phản ứng 0,2 mol x 0,01 mol



x y z n H2O sinh ra 0,17 mol y 0,12 mol

z 0,04 mol


y = n NH3 0,12 mol

Ala Ala Ala Ala 4HCl 3H 2 O
CH 3CH(NH 3Cl)COOH

0,01
0,04 0,03
mol :

CH 3CH(NH 3 )COONH 4 2HCl
CH 3CH(NH 3Cl)COOH + NH 4 Cl
19,3 gam E
0,12
0,24
mol :

CH 3CH(NH 3 )COOH HCl
CH 3CH(NH 3Cl)COOH

0,04
0,04

mol :

nHCl đã dùng 0,04 0,24 0,04 0,32 mol

p dng bo ton khi lng, ta cú: mmuối 19,3 0,32.36,5 0,03.18 31,52 gam
Cỏch 2: p dng bo ton nguyờn t Na ngốc Ala nCH3CH(NH3 )COONa n NaOH 0,2 mol .
BT gốc Ala

CH3CH(NH3Cl)COOH 0,2 mol
Khi ú: E

m muối 0,2.125,5 0,12.53,5 31,52 gam
NH3 :0,12 mol
0,12 mol

NH 4 Cl
HCl

Cõu 35: X, Y l hai cht hu c k tip thuc dóy ng ng ancol anlylic; Z l axit no hai chc; T l este to
bi X, Y, Z. t chỏy 17,12 gam hn hp E cha X, Y, Z, T (u mch h) cn dựng 10,864 lớt O2 (ktc) thu
c 7,56 gam nc. Mt khỏc 17,12 gam E lm mt mu va dung dch cha 0,09 mol Br2. Nu un núng
0,2 mol E vi 450 ml dung dch KOH 1M, cụ cn dung dch sau phn ng, ly phn lng cha cỏc cht hu c
i qua bỡnh ng Na d thy khi lng bỡnh tng m gam. Giỏ tr ca m l
A. 11,34.
B. 7,50.
C. 10,01.
D. 5,69.
Hng dn gii

X,Y : R' CH CH CH 2 OH : a mol (k = 1)

CO2
0,485 mol O2




17,12 gam E Z : R(COOH)2 : b mol (k = 2)
H 2 O : 0,42 mol


0,09 mol Br2


T : R(COO CH 2 CH CH R')2 : c mol (k = 4)

0,45 mol KOH
Na dư
Phần lỏng
m bình ? gam
0,2 mol E
p dng bo ton khi lng, ta cú: mCO2 17,12 0,485.32 7,56 = 25,08 gam n CO2

25,08
0,57 mol
44

Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng

Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

17,12 0,57.12 0,42.2
0,59 mol
16
p dng bo ton nguyờn t O, mi liờn h bt bóo hũa k v s mol C C , ta cú:
n O trong E

a 4b 4c n O trong E 0,59 mol a 0,07 mol



b 3c n CO2 n H2O 0,15 mol b 0,12 mol n E 0,07 0,12 0,01 0,2 mol


c 0,01 mol
a 2c n Br2 phản ứng 0,09 mol

C X,Y 3
n CO2 0,57


Mt khỏc ta cú: C Z 2 Số C trong E

2,85 C Z 2 Y là HOOC COOH
nE
0,2
C 8

T

Do s mol E thớ nghim cng l 0,2 mol nờn 0,2 mol E phn ng vi KOH cng chớnh l 17,12 gam hn hp
ban u. Khi ú, ta cú:
R' CH CHCH 2 OH : (0,07 0,01.2) 0,09 mol
R' CH CHCH 2 OH : 0,07 mol


(C OOK)2 : (0,12 0,01) 0,13 mol
0,45 mol
17,12 gam (COOH)2 : 0,12 mol


KOH

KOH dư : 0,19 mol
(COOCH 2 CH CH R')2 : 0,01 mol
H O : 0,12.2 = 0,24 mol
2
p dng bo ton khi lng, ta cú: m E m KOH m R'CHCHCH OH m(COOK)2 m KOH dư m H2O
2

17,12

0,45.56

0,13.166

0,19.56

0,24.18

mR'CHCHCH OH (17,12 0, 45.56) (0,13.166 0,19.56 0, 24.18) 5, 78 gam
2


0,09
m R'CHCHCH2OH 5,78 gam Na
Vậy

H2 :
0,045 mol
2
n

0,09
mol

R'CHCHCH2OH
mbình mR'CHCHCH OH mH2 5,78 0,09 5,69 gam
2

Cõu 36: Chia 0,15 mol hn hp X gm mt s cht hu c (bn cú trong sỏch giỏo khoa c bn), trong phõn t
cựng cha C, H v O thnh ba phn bng nhau. t chỏy phn mt bng mt lng oxi va ri hp th ton
b sn phm chỏy vo bỡnh ng nc vụi trong d thu c 5 gam kt ta. Phn hai tỏc dng vi mt lng d
dung dch AgNO3 trong NH3 thu c 8,64 gam Ag. Phn ba tỏc dng vi mt lng Na va thu c 0,448
lớt H2 (ktc). Cỏc phn ng xy ra hon ton. Khi lng ca 0,15 mol hn hp X l
A. 6,48 gam.
B. 5,58 gam.
D. 5,52 gam.
D. 6,00 gam.
( thi th THPT Quc gia ln 4 Thy Nguyn Vn Duyờn TP H Chớ Minh, nm 2015)

Hng dn gii
O2 , t

CO2 : 0,05.3 0,15 mol n C/trong X 0,15 mol
o

AgNO3 /NH3
0,15 mol X
Ag : 0,08.3 0,24 mol
Na

H 2 : 0,02.3 0,06 mol n H linh động 0,12 mol

CH3OH : x mol
x y z 0,15 mol
x 0,06 mol
n CO2



Số C =
1 HCHO : y mol 4y 2z 0,24 mol y 0,03 mol
nX
HCOOH : z mol
x z 0,12 mol
z 0,06 mol

m 0,06.32 0,03.30 0,06.46 5,58 gam
Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng


Luyn thi THPT QUC GIA HểA HC-PHM CễNG TUN T (0938.934.492)-facebook.com/tuantu.itus

Cõu 37: Cho hn hp X gm mui A (C5H16O3N2) v B (C4H12O4N2) tỏc dng vi mt lng dung dch NaOH
va , un núng n khi phn ng xy ra hon ton ri cụ cn thu c m gam hn hp Y gm hai mui D v
E (MD < ME) v 2,24 lớt hn hp Z gm hai amin no, n chc ng ng k tip cú t khi hi i vi H2 l 18,3.
Khi lng ca mui E trong hn hp Y l
A. 2,12 gam.
B. 3,18 gam.
C. 2,68 gam.
D. 4,02 gam.
( thi th THPT Quc gia ln 4 Thy Nguyn Vn Duyờn TP H Chớ Minh, nm 2015)
Hng dn gii
2.5 2 16 2

1
k A tính theo CTPT
A là hợp chất có chứa liên kết ion
Bin lun cu to ca A
2
A phản ứng được với NaOH k A thực tế 1
Số liên kết ion = k A thực tế k A tính theo CTPT

Mt khỏc, ta cú
A là hợp chất có chứa 2 nhóm muối amoni
3

X có 3 Oxi k A thực tế 2 1



k B tính theo CTPT 0

" Tương Văn Tự" B
B là hợp chất chứa 2 nhóm muối amoni
4
có
4
oxi

k


2
thực
tế

2

Do A v B sinh hn hp Z gm 2 amin no ng ng k tip nờn CTCT ỳng ca A v B ln lt l

x mol

y mol

x y 0,1 mol
C 2 H 5 NH 2 : x mol

x 0,04 mol
Khi đó: Z
45x 31y

CH3 NH 2 : y mol
x y 18,3.2 y 0,06 mol

D : Na 2 CO3 : 0,02 mol

Y

E : (COONa)2 : 0,03 mol

m E 134.0,03 4,02 gam

Cõu 38: Thy phõn m gam hn hp X gm mt tetrapeptit A v mt pentapeptit B (A v B cha ng thi glyxin
v alanin trong phõn t) bng mt lng dung dch NaOH va ri cụ cn thu c (m + 15,8) gam hn hp
mui. t chỏy ton b lng mui sinh ra bng mt lng oxi va thu c Na2CO3 v hn hp hi Y gm
CO2, H2O v N2. Dn ton b hn hp hi Y i rt chm qua bỡnh ng dung dch NaOH c d thy khi lng
bỡnh tng thờm 56,04 gam so vi ban u v cú 4,928 lớt mt khớ duy nht (ktc) thoỏt ra khi bỡnh. Xem nh N2
khụng b nc hp th, cỏc phn ng xy ra hon ton. Thnh phn phn trm khi lng ca A trong hn hp
X l
A. 55,92%.
B. 35,37%.
C. 30,95%.
D. 53,06%.
( thi th THPT Quc gia ln 4 Thy Nguyn Vn Duyờn TP H Chớ Minh, nm 2015)
Hng dn gii
C 2 H 4 O2 NNa

tetrapeptit
A
C
H
O
N
:
a
mol
muối của glyxin




x
y
5
4
NaOH
m gam

(m 15,8)
+ H2O
C
H
O
NNa
pentapeptit
B
C

H
O
N
:
b
mol



3 6 2
n
m
6
5


muối của alanin
p dng bo ton khi lng v bo ton nguyờn t N, ta cú:
Ngi thy trung bỡnh ch bit núi. Ngi thy gii bit gii thớch,
Ngi thy xut chỳng bit minh ha. Ngi thy v i bit cỏch truyn cm hng