On vao 10 cap toc

GV : Nguyễn Xuân Tường ( Biên soạn )
BÀI TẬP PHẦN RÚT GỌN
Bài 1 :
1) §¬n gi¶n biĨu thøc : P =
14 6 5 14 6 5+ + −
.
2) Cho biĨu thøc : Q =
x 2 x 2 x 1
.
x 1
x 2 x 1 x
 
+ − +
−
 ÷
 ÷
−
+ +
 

a) Rút gọn biểu thức Q.
b) T×m x ®Ĩ
Q
> - Q.
c) T×m sè nguyªn x ®Ĩ Q cã gi¸ trÞ nguyªn.
H íng dÉn :
1. P = 6
2. a) §KX§ : x > 0 ; x
≠
1. BiĨu thøc rót gän : Q =
1

2
−
x
.
b)
Q
> - Q
⇔
x > 1.
c) x =
{ }
3;2
th× Q
∈
Z
Bài 2 : Cho biĨu thøc P =
1 x
x 1 x x
+
+ −
a) Rót gän biĨu thøc sau P.
b) TÝnh gi¸ trÞ cđa biĨu thøc P khi x =
1
2
.
H íng dÉn :
a) §KX§ : x > 0 ; x
≠
1. BiĨu thøc rót gän : P =
x

x
−
+
1
1
.
b) Víi x =
1
2
th× P = - 3 – 2
2
.
Bài 3 : Cho biĨu thøc : A =
1
1
1
1
+
−
−
−
+
x
x
x
xx
a) Rót gän biĨu thøc sau A.
b) TÝnh gi¸ trÞ cđa biĨu thøc A khi x =
4
1

c) T×m x ®Ĩ A < 0.
d) T×m x ®Ĩ
A
= A.
H íng dÉn :
a) §KX§ : x
≥
0, x
≠
1. BiĨu thøc rót gän : A =
1
−
x
x
.
b) Víi x =
4
1
th× A = - 1.
c) Víi 0
≤
x < 1 th× A < 0.
d) Víi x > 1 th×
A
= A.

1
GV : Nguyễn Xuân Tường ( Biên soạn )
Bài 4 : Cho biĨu thøc : A =
1 1 3

1
a 3 a 3 a
  
+ −
 ÷ ÷
− +
  

a) Rót gän biĨu thøc sau A.
b) X¸c ®Þnh a ®Ĩ biĨu thøc A >
2
1
.
H íng dÉn :
a) §KX§ : a > 0 vµ a
≠
9. BiĨu thøc rót gän : A =
3
2
+
a
.
b) Víi 0 < a < 1 th× biĨu thøc A >
2
1
.
Bài 5 : Cho biĨu thøc: A =
2
2
x 1 x 1 x 4x 1 x 2003

.
x 1 x 1 x 1 x
 
+ − − − +
− +
 ÷
− + −
 
.
1) T×m ®iỊu kiƯn ®èi víi x ®Ĩ biĨu thøc cã nghÜa.
2) Rót gän A.
3) Víi x
∈
Z ? ®Ĩ A
∈
Z ?
H íng dÉn :
a) §KX§ : x ≠ 0 ; x ≠
±
1.
b) BiĨu thøc rót gän : A =
x
x 2003
+
víi x ≠ 0 ; x ≠
±
1.
c) x = - 2003 ; 2003 th× A
∈
Z .

Bài 6 : Cho biĨu thøc: A =
( )
2 x 2 x 1
x x 1 x x 1
:
x 1
x x x x
− +
 
− +
−
 ÷
 ÷
−
− +
 
.
a) Rót gän A.
b) T×m x ®Ĩ A < 0.
c) T×m x nguyªn ®Ĩ A cã gi¸ trÞ nguyªn.
H íng dÉn :
a) §KX§ : x > 0 ; x ≠ 1. BiĨu thøc rót gän : A =
1
1
−
+
x
x
.
b) Víi 0 < x < 1 th× A < 0.

c) x =
{ }
9;4
th× A
∈
Z.
Bài 7 : Cho biĨu thøc: A =
x 2 x 1 x 1
:
2
x x 1 x x 1 1 x
 
+ −
+ +
 ÷
 ÷
− + + −
 
a) Rót gän biĨu thøc A.
b) Chøng minh r»ng: 0 < A < 2.
H íng dÉn :
a) §KX§ : x > 0 ; x ≠ 1. BiĨu thøc rót gän : A =
1
2
++
xx
b) Ta xÐt hai trêng hỵp :
+) A > 0
⇔

1
2
++
xx
> 0 lu«n ®óng víi x > 0 ; x ≠ 1 (1)
+) A < 2
⇔

1
2
++
xx
< 2
⇔
2(
1
++
xx
) > 2
⇔

xx
+
> 0 ®óng v× theo gt th× x > 0. (2)
2
GV : Nguyễn Xuân Tường ( Biên soạn )
Tõ (1) vµ (2) suy ra 0 < A < 2(®pcm).
Bài 8 : Cho biĨu thøc: P =
a 3 a 1 4 a 4
4 a

a 2 a 2
+ − −
− +
−
− +
(a
≥
0; a
≠
4)
a) Rót gän P.
b) TÝnh gi¸ trÞ cđa P víi a = 9.
H íng dÉn :
a) §KX§ : a
≥
0, a
≠
4. BiĨu thøc rót gän : P =
2
4
−
a
b) Ta thÊy a = 9
∈
§KX§ . Suy ra P = 4
Bài 9 : Cho biĨu thøc: N =
a a a a
1 1
a 1 a 1
  

+ −
+ −
 ÷ ÷
 ÷ ÷
+ −
  

1) Rót gän biĨu thøc N.
2) T×m gi¸ trÞ cđa a ®Ĩ N = -2004.
H íng dÉn :
a) §KX§ : a ≥ 0, a
≠
1. BiĨu thøc rót gän : N = 1 – a .
b) Ta thÊy a = - 2004
∈
§KX§ . Suy ra N = 2005.
Bài 10 : Cho biĨu thøc
3x
3x
1x
x2
3x2x
19x26xx
P
+
−
+
−
−
−+

−+
=
a. Rót gän P.
b. TÝnh gi¸ trÞ cđa P khi
347x
−=

c. Víi gi¸ trÞ nµo cđa x th× P ®¹t gi¸ trÞ nhá nhÊt vµ tÝnh gi¸ trÞ nhá nhÊt ®ã.
H íng dÉn :
a ) §KX§ : x ≥ 0, x
≠
1. BiĨu thøc rót gän :
3x
16x
P
+
+
=

b) Ta thÊy
347x
−=

∈
§KX§ . Suy ra
22
33103
P
+
=

c) P
min
=4 khi x=4.
Bài 11 : Cho biĨu thøc








−
−
−








−
+
−
+
+
+

=
1
3
22
:
9
33
33
2
x
x
x
x
x
x
x
x
P
a. Rót gän P. b. T×m x ®Ĩ
2
1
P
−<
c. T×m gi¸ trÞ nhá nhÊt cđa P.
H íng dÉn :
a. ) §KX§ : x ≥ 0, x
≠
9. BiĨu thøc rót gän :
3x
3

P
+
−
=

b. Víi
9x0
<≤
th×
2
1
P
−<

c. P
min
= -1 khi x = 0
3
GV : Nguyeón Xuaõn Tửụứng ( Bieõn soaùn )
Bài 12: Cho A=
1 1 1
4 .
1 1
a a
a a
a a a

+

+ +

ữ
ữ
ữ
+


với x>0 ,x

1
a. Rút gọn A
b. Tính A với a =
( ) ( )
(
)
4 15 . 10 6 . 4 15+
( KQ : A= 4a )
Bài 13: Cho A=
3 9 3 2
1 :
9
6 2 3
x x x x x
x
x x x x


+
ữ ữ
ữ ữ

+ +

với x 0 , x

9, x

4 .
a. Rút gọn A.
b. x= ? Thì A < 1.
c. Tìm x Z để
A Z
(KQ : A=
3
2x
)
Bài 14: Cho A =
15 11 3 2 2 3
2 3 1 3
x x x
x x x x
+
+
+ +
với x

0 , x

1.
a. Rút gọn A.
b. Tìm GTLN của A.

c. Tìm x để A =
1
2
d. CMR : A
2
3

. (KQ: A =
2 5
3
x
x

+
)
Bài 15: Cho A =
2 1 1
1 1 1
x x
x x x x x
+ +
+ +
+ +
với x

0 , x

1.
a . Rút gọn A.
b. Tìm GTLN của A . ( KQ : A =

1
x
x x+ +
)
Bài 16: Cho A =
1 3 2
1 1 1x x x x x
+
+ + +
với x 0 , x

1.
a . Rút gọn A.
b. CMR :
0 1A

( KQ : A =
1
x
x x +
)
Bài 17: Cho A =
5 25 3 5
1 :
25
2 15 5 3
x x x x x
x
x x x x

+
+
ữ ữ
ữ ữ

+ +

a. Rút gọn A.
b. Tìm x Z để
A Z
( KQ : A =
5
3x +
)
4
GV : Nguyeón Xuaõn Tửụứng ( Bieõn soaùn )
Bài 18: Cho A =
2 9 3 2 1
5 6 2 3
a a a
a a a a
+ +

+
với a 0 , a

9 , a

4.
a. Rút gọn A.

b. Tìm a để A < 1
c. Tìm
a Z

để
A Z
( KQ : A =
1
3
a
a
+

)
Bài 19: Cho A=
7 1 2 2 2
:
4 4
2 2 2
x x x x x
x x
x x x

+ +
+
ữ ữ
ữ ữ

+

với x > 0 , x

4.
a. Rút gọn A.
b. So sánh A với
1
A
( KQ : A =
9
6
x
x
+
)
Bài20: Cho A =
( )
2
3 3
:
x y xy
x y
x y
y x
x y x y

+


ữ
+

ữ

+

với x 0 , y 0,
x y

a. Rút gọn A.
b. CMR : A 0 ( KQ : A =
xy
x xy y +
)
Bài 21 : Cho A =
1 1 1 1 1
.
1 1
x x x x x x
x
x x x x x x x

+ +

+ +
ữ
ữ
ữ
+ +


Với x > 0 , x

1.
a. Rút gọn A.
b. Tìm x để A = 6 ( KQ : A =
( )
2 1x x
x
+ +
)
Bài 22 : Cho A =
( )
4 3 2
:
2 2
2
x x x
x x x
x x


+
ữ
+
ữ
ữ
ữ

với x > 0 , x

4.
a. Rút gọn A
b. Tính A với x =
6 2 5
(KQ: A =
1 x
)
Bài 23 : Cho A=
1 1 1 1 1
:
1 1 1 1 2x x x x x

+ +
ữ ữ
+ +

với x > 0 , x

1.
a. Rút gọn A
b. Tính A với x =
6 2 5
(KQ: A =
3
2 x
)
Bài 24 : Cho A=
3

2 1 1 4
: 1
1 1
1
x x
x x x
x

+ +


ữ
ữ
ữ
+ +



với x 0 , x

1.
a. Rút gọn A.
b. Tìm x Z để
A Z
(KQ: A =
3
x
x
)
5

GV : Nguyeón Xuaõn Tửụứng ( Bieõn soaùn )
Bài 25: Cho A=
1 2 2 1 2
:
1
1 1 1
x
x
x x x x x x




ữ
ữ
ữ

+ +


với x 0 , x

1.
a. Rút gọn A.
b. Tìm
x Z

để
A Z

c. Tìm x để A đạt GTNN . (KQ: A =
1
1
x
x

+
)
Bài 26 : Cho A =
2 3 3 2 2
: 1
9
3 3 3
x x x x
x
x x x

+
+
ữ ữ
ữ ữ

+

với x 0 , x

9
. a. Rút gọn A.
b. Tìm x để A < -
1

2
( KQ : A =
3
3a

+
)
Bài 27 : Cho A =
1 1 8 3 1
:
1 1
1 1 1
x x x x x
x x
x x x

+

ữ ữ
ữ ữ

+

với x

0 , x

1.
a. Rút gọn A
b. Tính A với x =

6 2 5
(KQ: A =
4
4
x
x +
)
c . CMR : A
1
Bài 28 : Cho A =
1 1 1
:
1 2 1
x
x x x x x
+

+
ữ
+

với x > 0 , x

1.
a. Rút gọn A (KQ: A =
1x
x

)
b.So sánh A với 1

Bài 29 : Cho A =
1 1 8 3 2
: 1
9 1
3 1 3 1 3 1
x x x
x
x x x


+
ữ ữ
ữ ữ

+ +

Với
1
0,
9
x x
a. Rút gọn A.
b. Tìm x để A =
6
5
c. Tìm x để A < 1.
( KQ : A =
3 1
x x
x

+

)
Bài30 : Cho A =
2
2 2 2 1
.
1 2
2 1
x x x x
x
x x

+ +

ữ
ữ

+ +

với x 0 , x

1.
a. Rút gọn A.
b. CMR nếu 0 < x < 1 thì A > 0
c. Tính A khi x =3+2
2
d. Tìm GTLN của A (KQ: A =
(1 )x x
)

6
GV : Nguyễn Xuân Tường ( Biên soạn )
Bµi 31 : Cho A =
2 1 1
:
2
1 1 1
x x x
x x x x x
 
+ −
+ +
 ÷
 ÷
− + + −
 
víi x≥ 0 , x
≠
1.

a. Rót gän A.
b. CMR nÕu x≥ 0 , x
≠
1 th× A > 0 , (KQ: A =
2
1x x+ +
)
Bµi 32 : Cho A =
4 1 2
1 :

1 1
1
x x
x x
x
−
 
− +
 ÷
− −
+
 
víi x > 0 , x
≠
1, x
≠
4.
a. Rót gän
b. T×m x ®Ĩ A =
1
2
Bµi 33 : Cho A =
1 2 3 3 2
:
1 1
1 1
x x x x
x x
x x
 

+ − − +
 
− +
 ÷
 ÷
 ÷
− −
− +
 
 
víi x
≥
0 , x
≠
1.
a. Rót gän A.
b. TÝnh A khi x= 0,36
c. T×m
x Z
∈
®Ĩ
A Z∈

Bµi 34 : Cho A=
3 2 2
1 :
1 2 3 5 6
x x x x
x x x x x
   

+ + +
− + +
 ÷  ÷
 ÷  ÷
+ − − − +
   
víi x ≥ 0 , x
≠
9 , x
≠
4.
a. Rót gän A.
b. T×m
x Z
∈
®Ĩ
A Z∈

c. T×m x ®Ĩ A < 0 (KQ: A =
2
1
x
x
−
+
)
BÀI TẬP PHẦN HÀM SỐ BẬC NHẤT
Bài 1 :
1) ViÕt ph¬ng tr×nh ®êng th¼ng ®i qua hai ®iĨm (1 ; 2) vµ (-1 ; -4).
2) T×m to¹ ®é giao ®iĨm cđa ®êng th¼ng trªn víi trơc tung vµ trơc hoµnh.

H íng dÉn :
1) Gäi pt ®êng th¼ng cÇn t×m cã d¹ng : y = ax + b.
7
GV : Nguyễn Xuân Tường ( Biên soạn )
Do ®êng th¼ng ®i qua hai ®iĨm (1 ; 2) vµ (-1 ; -4) ta cã hƯ pt :



+−=−
+=
ba
ba
4
2



−=
=
⇔
1
3
b
a
VËy pt ®êng th¼ng cÇn t×m lµ y = 3x – 1
2) §å thÞ c¾t trơc tung t¹i ®iĨm cã tung ®é b»ng -1 ; §å thÞ c¾t trơc hoµnh t¹i ®iĨm cã hoµnh ®é
b»ng
3
1
.

Bài 2 : Cho hµm sè y = (m – 2)x + m + 3.
1) T×m ®iỊu kiƯn cđa m ®Ĩ hµm sè lu«n nghÞch biÕn.
2) T×m m ®Ĩ ®å thÞ cđa hµm sè c¾t trơc hoµnh t¹i ®iĨm cã hoµnh ®é b»ng 3.
3) T×m m ®Ĩ ®å thÞ cđa hµm sè trªn vµ c¸c ®å thÞ cđa c¸c hµm sè y = -x + 2 ; y = 2x – 1 ®ång quy.
H íng dÉn :
1) Hµm sè y = (m – 2)x + m + 3
⇔
m – 2 < 0
⇔
m < 2.
2) Do ®å thÞ cđa hµm sè c¾t trơc hoµnh t¹i ®iĨm cã hoµnh ®é b»ng 3. Suy ra : x= 3 ; y = 0
Thay x= 3 ; y = 0 vµo hµm sè y = (m – 2)x + m + 3, ta ®ỵc m =
4
3
.
3) Giao ®iĨm cđa hai ®å thÞ y = -x + 2 ; y = 2x – 1 lµ nghiƯm cđa hƯ pt :



−=
+−=
12
2
xy
xy
⇔
(x;y) = (1;1).
§Ĩ 3 ®å thÞ y = (m – 2)x + m + 3, y = -x + 2 vµ y = 2x – 1 ®ång quy cÇn :
(x;y) = (1;1) lµ nghiƯm cđa pt : y = (m – 2)x + m + 3.
Víi (x;y) = (1;1)

⇒
m =
2
1
−
Bài 3 : Cho hµm sè y = (m – 1)x + m + 3.
1) T×m gi¸ trÞ cđa m ®Ĩ ®å thÞ cđa hµm sè song song víi ®å thÞ hµm sè y = -2x + 1.
2) T×m gi¸ trÞ cđa m ®Ĩ ®å thÞ cđa hµm sè ®i qua ®iĨm (1 ; -4).
3) T×m ®iĨm cè ®Þnh mµ ®å thÞ cđa hµm sè lu«n ®i qua víi mäi m.
H íng dÉn :
1) §Ĩ hai ®å thÞ cđa hµm sè song song víi nhau cÇn : m – 1 = - 2
⇔
m = -1.
VËy víi m = -1 ®å thÞ cđa hµm sè song song víi ®å thÞ hµm sè y = -2x + 1.
2) Thay (x;y) = (1 ; -4) vµo pt : y = (m – 1)x + m + 3. Ta ®ỵc : m = -3.
VËy víi m = -3 th× ®å thÞ cđa hµm sè ®i qua ®iĨm (1 ; -4).
3) Gäi ®iĨm cè ®Þnh mµ ®å thÞ lu«n ®i qua lµ M(x
0

;y
0
). Ta cã
y
0
= (m – 1)x
0
+ m + 3
⇔
(x
0

– 1)m - x
0
- y
0
+ 3 = 0
⇔




=
=
2
1
0
0
y
x
VËy víi mäi m th× ®å thÞ lu«n ®i qua ®iĨm cè ®Þnh (1;2).
Bài4 : Cho hai ®iĨm A(1 ; 1), B(2 ; -1).
1) ViÕt ph¬ng tr×nh ®êng th¼ng AB.
8
GV : Nguyễn Xuân Tường ( Biên soạn )
2) T×m c¸c gi¸ trÞ cđa m ®Ĩ ®êng th¼ng y = (m
2
– 3m)x + m
2
– 2m + 2 song song víi ®êng th¼ng
AB ®ång thêi ®i qua ®iĨm C(0 ; 2).
H íng dÉn :

1) Gäi pt ®êng th¼ng AB cã d¹ng : y = ax + b.
Do ®êng th¼ng ®i qua hai ®iĨm (1 ; 1) vµ (2 ;-1) ta cã hƯ pt :



+=−
+=
ba
ba
21
1



=
−=
⇔
3
2
b
a
VËy pt ®êng th¼ng cÇn t×m lµ y = - 2x + 3.
2) §Ĩ ®êng th¼ng y = (m
2
– 3m)x + m
2
– 2m + 2 song song víi ®êng th¼ng AB ®ång thêi ®i qua
®iĨm C(0 ; 2) ta cÇn :






=+−
−=−
222
23
2
2
mm
mm
⇔
m = 2.
VËy m = 2 th× ®êng th¼ng y = (m
2
– 3m)x + m
2
– 2m + 2 song song víi ®êng th¼ng AB ®ång
thêi ®i qua ®iĨm C(0 ; 2)
Bài 5 : Cho hµm sè y = (2m – 1)x + m – 3.
1) T×m m ®Ĩ ®å thÞ cđa hµm sè ®i qua ®iĨm (2; 5)
2) Chøng minh r»ng ®å thÞ cđa hµm sè lu«n ®i qua mét ®iĨm cè ®Þnh víi mäi m. T×m ®iĨm cè ®Þnh
Êy.
3) T×m m ®Ĩ ®å thÞ cđa hµm sè c¾t trơc hoµnh t¹i ®iĨm cã hoµnh ®é x =
2 1−
.
H íng dÉn :
1) m = 2.
2) Gäi ®iĨm cè ®Þnh mµ ®å thÞ lu«n ®i qua lµ M(x
0

;y
0
). Ta cã
y
0
= (2m – 1)x
0
+ m - 3
⇔
(2x
0
+ 1)m - x
0
- y
0
- 3 = 0
⇔








−
=
−
=

2
5
2
1
0
0
y
x
VËy víi mäi m th× ®å thÞ lu«n ®i qua ®iĨm cè ®Þnh (
2
5
;
2
1
−−
).
Bài 6 : T×m gi¸ trÞ cđa k ®Ĩ c¸c ®êng th¼ng sau :
y =
6 x
4
−
; y =
4x 5
3
−
vµ y = kx + k + 1 c¾t nhau t¹i mét ®iĨm.
Bài 7 : Gi¶ sư ®êng th¼ng (d) cã ph¬ng tr×nh y = ax + b. X¸c ®Þnh a, b ®Ĩ (d) ®i qua hai ®iĨm A(1;
3) vµ B(-3; -1).
Bài 8 : Cho hµm sè : y = x + m (D).
T×m c¸c gi¸ trÞ cđa m ®Ĩ ®êng th¼ng (D) :

1) §i qua ®iĨm A(1; 2003).
2) Song song víi ®êng th¼ng x – y + 3 = 0.
9
GV : Nguyeón Xuaõn Tửụứng ( Bieõn soaùn )
Chủ đề : Phơng trình bất phơng trình bậc nhất một ần
Hệ phơng trình bậc nhất 2 ẩn .
A. kiến thức cần nhớ :
1. Phơng trình bậc nhất : ax + b = 0.
Ph ơng pháp giải :
+ Nếu a 0 phơng trình có nghiệm duy nhất : x =
b
a

.
+ Nếu a = 0 và b 0

phơng trình vô nghiệm.
+ Nếu a = 0 và b = 0

phơng trình có vô số nghiệm.
2. Hệ phơng trình bậc nhất hai ẩn :



=+
=+
c'y b' x a'
c by ax
Ph ơng pháp giải :
Sử dụng một trong các cách sau :

+) Phơng pháp thế : Từ một trong hai phơng trình rút ra một ẩn theo ẩn kia , thế vào phơng trình
thứ 2 ta đợc phơng trình bậc nhất 1 ẩn.
+) Phơng pháp cộng đại số :
- Quy đồng hệ số một ẩn nào đó (làm cho một ẩn nào đó của hệ có hệ số bằng nhau hoặc đối
nhau).
- Trừ hoặc cộng vế với vế để khử ẩn đó.
- Giải ra một ẩn, suy ra ẩn thứ hai.
B. Ví dụ minh họa :
Ví dụ 1 : Giải các phơng trình sau đây :
a)
2
2 x
x

1 -x
x
=
+
+
ĐS : ĐKXĐ : x 1 ; x - 2. S =
{ }
4
.
b)
1 x x
1 - 2x
3
3
++
= 2

Giải : ĐKXĐ :
1 x x
3
++
0. (*)
Khi đó :
1 x x
1 - 2x
3
3
++
= 2

2x = - 3

x =
2
3

Với

x =
2
3

thay vào (* ) ta có (
2
3

)

3
+
2
3

+ 1 0
Vậy x =
2
3

là nghiệm.
Ví dụ 2 : Giải và biện luận phơng trình theo m :
(m 2)x + m
2
4 = 0 (1)
+ Nếu m

2 thì (1)

x = - (m + 2).
+ Nếu m = 2 thì (1) vô nghiệm.
Ví dụ 3 : Tìm m

Z để phơng trình sau đây có nghiệm nguyên .
(2m 3)x + 2m
2
+ m - 2 = 0.
10
GV : Nguyễn Xuân Tường ( Biên soạn )
Gi¶i :

Ta cã : víi m
∈
Z th× 2m – 3
≠
0 , v©y ph¬ng tr×nh cã nghiƯm : x = - (m + 2) -
3 - m2
4
.
®Ĩ pt cã nghiƯm nguyªn th× 4

2m – 3 .
Gi¶i ra ta ®ỵc m = 2, m = 1.
VÝ dơ 3 : T×m nghiƯm nguyªn d¬ng cđa ph¬ng tr×nh : 7x + 4y = 23.
Gi¶i :
a) Ta cã : 7x + 4y = 23
⇔
y =
4
7x - 23
= 6 – 2x +
4
1 x
−
V× y
∈
Z
⇒
x – 1

4.

Gi¶i ra ta ®ỵc x = 1 vµ y = 4.
BÀI TẬP PHẦN HỆ PHƯƠNG TRÌNH
Bài 1 : Gi¶i hƯ ph¬ng tr×nh:
a)
2x 3y 5
3x 4y 2
− = −


− + =

b)
x 4y 6
4x 3y 5
+ =


− =

c)
2x y 3
5 y 4x
− =


+ =

d)
x y 1
x y 5

− =


+ =

e)
2x 4 0
4x 2y 3
+ =


+ = −

f)
2 5
2
x x y
3 1
1,7
x x y

+ =

+



+ =

+



Bài 2 : Cho hƯ ph¬ng tr×nh :
mx y 2
x my 1
− =


+ =

1) Gi¶i hƯ ph¬ng tr×nh theo tham sè m.
2) Gäi nghiƯm cđa hƯ ph¬ng tr×nh lµ (x, y). T×m c¸c gi¸ trÞ cđa m ®Ĩ x + y = -1.
3) T×m ®¼ng thøc liªn hƯ gi÷a x vµ y kh«ng phơ thc vµo m.
H íng dÉn :
Bài 3 : Cho hƯ ph¬ng tr×nh:
x 2y 3 m
2x y 3(m 2)
− = −


+ = +

1) Gi¶i hƯ ph¬ng tr×nh khi thay m = -1.
2) Gäi nghiƯm cđa hƯ ph¬ng tr×nh lµ (x, y). T×m m ®Ĩ x
2
+ y
2
®¹t gi¸ trÞ nhá nhÊt.
Bài 4 : Cho hƯ ph¬ng tr×nh:
(a 1)x y a

x (a 1)y 2
− + =


+ − =

cã nghiƯm duy nhÊt lµ (x; y).
1) T×m ®¼ng thøc liªn hƯ gi÷a x vµ y kh«ng phơ thc vµo a.
2) T×m c¸c gi¸ trÞ cđa a tho¶ m·n 6x
2
– 17y = 5.
3) T×m c¸c gi¸ trÞ nguyªn cđa a ®Ĩ biĨu thøc
2x 5y
x y
−
+
nhËn gi¸ trÞ nguyªn.
Bài 5 : Cho hƯ ph¬ng tr×nh:
11
GV : Nguyễn Xuân Tường ( Biên soạn )
x ay 1
(1)
ax y 2
+ =


+ =

1) Gi¶i hƯ (1) khi a = 2.
2) Víi gi¸ trÞ nµo cđa a th× hƯ cã nghiƯm duy nhÊt.

Bài 6 : X¸c ®Þnh c¸c hƯ sè m vµ n, biÕt r»ng hƯ ph¬ng tr×nh
mx y n
nx my 1
− =


+ =


cã nghiƯm lµ
( )
1; 3−
.
Bài 7 : Cho hƯ ph¬ng tr×nh
( )
a 1 x y 4
ax y 2a

+ + =


+ =


(a lµ tham sè).
1) Gi¶i hƯ khi a = 1.
2) Chøng minh r»ng víi mäi a hƯ lu«n cã nghiƯm duy nhÊt (x ; y) tho¶ m·n x + y ≥ 2.
Bài 8 (trang 22): Cho hƯ ph¬ng tr×nh :




=+
=+
1 - m 4y 2)x - (m
0 3)y (m -x
(m lµ tham sè).
a) Gi¶i hƯ khi m = -1.
b) Gi¶i vµ biƯn ln pt theo m.
Bài 9 : (trang 24): Cho hƯ ph¬ng tr×nh :



+=−
=
1 m 4y mx
0 y m -x
(m lµ tham sè).
a) Gi¶i hƯ khi m = -1.
b) Tìm giá trò nguyên của m để hệ có hai nghiệm nguyên.
c) Xác đònh mọi hệ có nghiệm x > 0, y > 0.
Bài 10 (trang 23): Một ôtô và một xe đạp chuyển động đi từ 2 đầu một đoạn đường sau 3 giờ
thì gặp nhau. Nếu đi cùng chiều và xuất phát tại một điểm thì sau 1 giờ hai xe cách nhau 28 km.
Tính vận tốc của mỗi xe.
HD : Vận tốc xe đạp : 12 km/h . Vận tốc ôtô : 40 km/h.
Bài 11 : (trang 24): Một ôtô đi từ A dự đònh đến B lúc 12 giờ trưa. Nếu xe chạy với vận tốc
35 km/h thì sẽ đến B lúc 2 giờ chiều. Nếu xe chạy với vận tốc 50 km/h thì sẽ đến B lúc 11 giờ
trưa. Tính độ quảng đường AB và thời diểm xuất phát tại A.
Đáp số : AB = 350 km, xuất phát tại A lúc 4giờ sáng.
Bài 12 : (trang 24): Hai vòi nước cùng chảy vào một cài bể nước cạn, sau
5

4
4
giờ thì đầy bể.
Nếu lúc đầu chỉ mở vòi thứ nhất, sau 9 giờ mở vòi thứ hai thì sau
5
6
giờ nữa mới nay bể . Nếu
một mình vòi thứ hai chảy bao lâu sẽ nay bể.
Đáp số : 8 giờ.
Bài 13 : (trang 24): Biết rằng m gam kg nước giảm t
0
C thì tỏa nhiệt lượng Q = mt (kcal). Hỏi
phải dùng bao nhiêu lít 100
0
C và bao nhiêu lít 20
0
C để được hỗn hợp 10 lít 40
0
C.
Hường dãn :
12
GV : Nguyễn Xuân Tường ( Biên soạn )
Ta có hệ pt :



=+
=+
400 20y 100x
10 y x

⇔




=
=
7,5 y
2,5 x
Vậy cần 2,5 lít nước sôi và 75 lít nước 20
0
C.
Bài 14 : Khi thêm 200g axít vào dung dòch axít thì dung dòch mới có nồng độ 50%. Lại thêm
300g nước vào dung dòch mới được dung dòch axít có nồng độ 40%. Tính nồng độ axít trong dung
dòch ban đầu.
Hường dãn :Gọi x khối axit ban đầu, y là khối lượng dung dòch ban đầu.
Theo bài ra ta có hệ pt :







=
+
+
=
+

+
%40%100.
500 y
200) (
%50%100.
200 y
200) (
x
x

⇔




=
=
1000 y
400x

Vậy nồng độ phần trăm của dung dòch axít ban đầu là 40%.
Ph¬ng tr×nh bËc hai
®Þnh lý viet vµ øng dơng
A.Kiến thức cần ghi nhớ
1. Để biện luận sự có nghiệm của phương trình : ax
2
+ bx + c = 0 (1) trong đó a,b ,c phụ
thuộc tham số m,ta xét 2 trường hợp
a) Nếu a= 0 khi đó ta tìm được một vài giá trị nào đó của m ,thay giá trị đó vào
(1).Phương trình (1) trở thành phương trình bậc nhất nên có thể : - Có một nghiệm duy

nhất
- hoặc vơ nghiệm
- hoặc vơ số nghiệm
b)Nếu a
≠
0
Lập biệt số
∆
= b
2
– 4ac hoặc
∆
/
= b
/2
– ac
*
∆
< 0 (
∆
/
< 0 ) thì phương trình (1) vơ nghiệm
*
∆
= 0 (
∆
/
= 0 ) : phương trình (1) có nghiệm kép x
1,2
= -

a
b
2
(hoặc x
1,2
= -
a
b
/
)
*
∆
> 0 (
∆
/
> 0 ) : phương trình (1) có 2 nghiệm phân biệt:
x
1
=
a
b
2
∆−−
; x
2
=
a
b
2
∆+−

(hoặc x
1
=
a
b
//
∆−−
; x
2
=
a
b
//
∆+−
)
2. Định lý Viét.
Nếu x
1
, x
2
là nghiệm của phương trình ax
2
+ bx + c = 0 (a
≠
0) thì
S = x
1
+ x
2
= -

a
b
13
GV : Nguyeón Xuaõn Tửụứng ( Bieõn soaùn )
p = x
1
x
2
=
a
c
o lại: Nu cú hai s x
1
,x
2
m x
1
+ x
2
= S v x
1
x
2
= p thỡ hai s ú l nghim (nu có )
của phơng trình bậc 2:
x
2
S x + p = 0
3.Dấu của nghiệm số của phơng trình bậc hai.
Cho phơng trình bậc hai ax

2
+ bx + c = 0 (a

0) . Gọi x
1
,x
2
là các nghiệm của phơng
trình .Ta có các kết quả sau:
x
1
và x
2
trái dấu ( x
1
< 0 < x
2
)

p = x
1
x
2
< 0
Hai nghiệm cùng dơng( x
1
> 0 và x
2
> 0 )

>
>

0
0
0
S
p
Hai nghiệm cùng âm (x
1
< 0 và x
2
< 0)







<
>

0
0

0
S
p
Một nghiệm bằng 0 và 1 nghiệm dơng( x
2
> x
1
= 0)






>
=
>
0
0
0
S
p
Một nghiệm bằng 0 và 1 nghiệm âm (x
1
< x
2
= 0)

<
=
>
0
0
0
S
p
4.Vài bài toán ứng dụng định lý Viét
a)Tính nhẩm nghiệm.
Xét phơng trình bậc hai: ax
2
+ bx + c = 0 (a

0)
Nếu a + b + c = 0 thì phơng trình có hai nghiệm x
1
= 1 , x
2
=
a
c
Nếu a b + c = 0 thì phơng trình có hai nghiệm x
1
= -1 , x
2
= -

a
c
Nếu x
1
+ x
2
= m +n , x
1
x
2
= mn và
0

thì phơng trình có nghiệm
x
1
= m , x
2
= n hoặc x
1
= n , x
2
= m
b) Lập phơng trình bậc hai khi biết hai nghiệm x
1
,x
2
của nó
Cách làm : - Lập tổng S = x
1

+ x
2

- Lập tích p = x
1
x
2
- Phơng trình cần tìm là : x
2
S x + p = 0
14
GV : Nguyeón Xuaõn Tửụứng ( Bieõn soaùn )
c)Tìm điều kiện của tham số để phơng trình bậc 2 có nghệm x
1
, x
2
thoả mãn điều kiện cho
trớc.(Các điều kiện cho trớc thờng gặp và cách biến đổi):
*) x
1
2
+ x
2
2
= (x
1
+ x
2
)
2

2x
1
x
2
= S
2
2p
*) (x
1
x
2
)
2
= (x
1
+ x
2
)
2
4x
1
x
2
= S
2
4p
*) x
1
3
+ x

2
3
= (x
1
+ x
2
)
3
3x
1
x
2
(x
1
+ x
2
) = S
3
3Sp
*) x
1
4
+ x
2
4
= (x
1
2
+ x
2

2
)
2
2x
1
2
x
2
2
*)
21
21
21
11
xx
xx
xx
+
=+
=
p
S
*)
21
2
2
2
1
1
2

2
1
xx
xx
x
x
x
x
+
=+
=
p
pS 2
2

*) (x
1
a)( x
2
a) = x
1
x
2
a(x
1
+ x
2
) + a
2
= p aS + a

2
*)
2
21
21
21
2
))((
2
11
aaSp
aS
axax
axx
axax
+

=

+
=

+

(Chú ý : các giá trị của tham số rút ra từ điều kiện cho trớc phải thoả mãn điều kiện
0

)
d)Tìm điều kiện của tham số để phơng trình bậc hai có một nghiệm x = x
1

cho trớc .Tìm
nghiệm thứ 2
Cách giải:
Tìm điều kiện để phơng trình có nghiệm x= x
1
cho trớc có hai cách làm
+) Cách 1:- Lập điều kiện để phơng trình bậc 2 đã cho có 2 nghiệm:

0

(hoặc
0
/

) (*)
- Thay x = x
1
vào phơng trình đã cho ,tìm đợc giá trị của
tham số
- Đối chiếu giá trị vừa tìm đợc của tham số với điều kiện(*)
để kết luận
+) Cách 2: - Không cần lập điều kiện
0

(hoặc
0
/

) mà ta thay luôn
x = x

1
vào phơng trình đã cho, tìm đợc giá trị của tham số
- Sau đó thay giá trị tìm đợc của tham số vào phơng trình và
giải phơng trình
Chú ý : Nếu sau khi thay giá trị của tham số vào phơng trình đã cho mà phơng trình bậc hai này
có

< 0 thì kết luận không có giá trị nào của tham số để phơng trình có nghiệm x
1
cho trớc.
Đê tìm nghiệm thứ 2 ta có 3 cách làm
+) Cách 1: Thay giá trị của tham số tìm đợc vào phơng trình rồi giải phơng trình (nh cách 2
trình bầy ở trên)
+) Cách 2 :Thay giá trị của tham số tìm đợc vào công thức tổng 2 nghiệm sẽ tìm đợc nghiệm
thứ 2
+) Cách 3: thay giá trị của tham số tìm đợc vào công thức tích hai nghiệm ,từ đó tìm đợc
nghiệm thứ 2
B . Bài tập áp dụng
Bài 1: Giải và biện luận phơng trình : x
2
2(m + 1) +2m+10 = 0
Giải.
Ta có
/

= (m + 1)
2
2m + 10 = m
2
9

+ Nếu
/

> 0

m
2
9 > 0

m < - 3 hoặc m > 3 .Phơng trình đã cho có 2 nghiệm phân
biệt:
x
1

= m + 1 -
9
2

m
x
2
= m + 1 +
9
2

m
+ Nếu
/

= 0

m =

3
15
GV : Nguyeón Xuaõn Tửụứng ( Bieõn soaùn )
- Với m =3 thì phơng trình có nghiệm là x
1.2
= 4
- Với m = -3 thì phơng trình có nghiệm là x
1.2
= -2
+ Nếu
/

< 0

-3 < m < 3 thì phơng trình vô nghiệm
Kết kuận:
Với m = 3 thì phơng trình có nghiệm x = 4
Với m = - 3 thì phơng trình có nghiệm x = -2
Với m < - 3 hoặc m > 3 thì phơng trình có 2 nghiệm phân biệt

x
1

= m + 1 -
9
2

m
x
2
= m + 1 +
9
2

m
Với -3< m < 3 thì phơng trình vô nghiệm
Bài 2: Giải và biện luận phơng trình: (m- 3) x
2
2mx + m 6 = 0
Hớng dẫn
Nếu m 3 = 0

m = 3 thì phơng trình đã cho có dạng
- 6x 3 = 0

x = -
2
1
* Nếu m 3

0

m

3 .Phơng trình đã cho là phơng trình bậc hai có biệt số
/

= m
2

(m 3)(m 6) = 9m 18
- Nếu
/

= 0

9m 18 = 0

m = 2 .phơng trình có nghiệm kép
x
1
= x
2
= -
32
2
/

=
a
b
= - 2
- Nếu
/

> 0

m >2 .Phơng trình có hai nghiệm phân biệt
x
1,2
=
3
23


m
mm
- Nếu
/

< 0

m < 2 .Phơng trình vô nghiệm
Kết luận:
Với m = 3 phơng trình có nghiệm x = -
2
1
Với m = 2 phơng trình có nghiệm x
1
= x
2
= -2
Với m > 2 và m

3 phơng trình có nghiệm x
1,2
=

3
23


m
mm
Với m < 2 phơng trình vô nghiệm
Bài 3: Giải các phơng trình sau bằng cách nhẩm nhanh nhất
a) 2x
2
+ 2007x 2009 = 0
b) 17x
2
+ 221x + 204 = 0
c) x
2
+ (
53

)x -
15
= 0
d) x
2
(3 - 2
7
)x - 6
7
= 0
Giải

a) 2x
2
+ 2007x 2009 = 0 có a + b + c = 2 + 2007 +(-2009) = 0
Vậy phơng trình có hai nghiệm phân biệt: x
1
= 1 , x
2
=
2
2009

=
a
c
b) 17x
2
+ 221x + 204 = 0 có a b + c = 17 221 + 204 = 0
Vậy phơng trình có hai nghiệm phân biệt: x
1
= -1 ,
x
2

= -
17
204
=
a
c
= - 12

16
GV : Nguyeón Xuaõn Tửụứng ( Bieõn soaùn )
c) x
2
+ (
53

)x -
15
= 0 có: ac = -
15
< 0 .
Do đó phơng trình có hai nghiệm phân biệt x
1
, x
2
.áp dụng hệ thức Viet ta có :
x
1
+ x
2
= -(
53

) = -
3
+
5
x
1

x
2
= -
15
= (-
3
)
5
Vậy phơng trình có 2 nghiệm là x
1
= -
3
, x
2
=
5

(hoặc x
1
=
5
, x
2
= -
3
)
d ) x
2
(3 - 2
7

)x - 6
7
= 0 có : ac = - 6
7
< 0
Do đó phơng trình có hai nghiệm phân biệt x
1
, x
2
.áp dụng hệ thức Viét ,ta có






==
=+
)73(-2 76 - xx
72 - 3 xx
2 1
2 1

Vậy phơng trình có 2 nghiệm x
1
= 3 , x
2
= - 2
7
Bài 4 : Giải các phơng trình sau bằng cánh nhẩm nhanh nhất (m là tham số)

a) x
2
+ (3m 5)x 3m + 4 = 0
b) (m 3)x
2
(m + 1)x 2m + 2 = 0
Hớng dẫn :
a) x
2
+ (3m 5)x 3m + 4 = 0 có a + b + c = 1 + 3m 5 3m + 4 = 0
Suy ra : x
1
= 2
Hoặc x
2
=
3
1
+
m
b) (m 3)x
2
(m + 1)x 2m + 2 = 0 (*)
* m- 3 = 0

m = 3 (*) trở thành 4x 4 = 0

x = - 1
* m 3

0

m

3 (*)







=
=

3
22
1
2
1
m
m
x
x

Bài 5: Gọi x
1
, x
2
là các nghịêm của phơng trình : x

2
3x 7 = 0
a) Tính:
A = x
1
2
+ x
2
2
B =
21
xx

C=
1
1
1
1
21

+

xx
D = (3x
1
+ x
2
)(3x
2
+ x

1
)
b) lập phơng trình bậc 2 có các nghiệm là
1
1
1

x
và
1
1
2

x
Giải ;
Phơng trình bâc hai x
2
3x 7 = 0 có tích ac = - 7 < 0 , suy ra phơng trình có hai nghiệm
phân biệt x
1
, x
2
.
Theo hệ thức Viét ,ta có : S = x
1
+ x
2
= 3 và p = x
1
x

2
= -7
a)Ta có
+ A = x
1
2
+ x
2
2
= (x
1
+ x
2
)
2
2x
1
x
2
= S
2
2p = 9 2(-7) = 23
+ (x
1
x
2
)
2
= S
2

4p => B =
21
xx

=
374
2
=
pS

17