Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
MỤC LỤC
Nội dung
Trang
Mở đầu
2
Chương 1: Cơ sở lý luận
3
1. Bất đẳng thức Cauchy
2 . Hệ quả bất đẳng thức Cauchy
Chương 2: Một số ứng dụng của bất đẳng thức Cauchy
3
3
4
I. Ứng dụng bất đẳng thức Cauchy vào chứng minh bất đẳng thức
4
II. Ứng dụng bất đẳng thức Cauchy vào giải phương trình, bất phương trình
8
III. Ứng dụng bất đẳng thức Cauchy vào tìm GTLN- GTNN
13
1. Kỹ thuật chọn điểm rơi trong bất đẳng thức Cauchy
13
2. Ứng dụng vào tìm GTLN- GTNN
17
IV. Ứng dụng bất đẳng thức Cauchy vào chứng minh tính chất nghiệm
20
Kết luận
21
Tài liệu tham khảo
22
1
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
MỞ ĐẦU
1- LÍ DO CHỌN ĐỀ TÀI :
Bất đẳng thức là một trong những mảng kiến thức khó nhất của toán học phổ
thông mà học sinh cần phải nắm được, bởi ứng dụng của bất đẳng thức xuyên suốt
chương trình toán học THPT. Đặc biệt phải kể đến mảng ứng dụng , bởi lí do đó
nên tôi chọn đề tài : “ Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng ’’. Đề tài cũng
giúp tôi hiểu sâu hơn về phương pháp dậy bài tập bất đẳng thức cho học sinh.
2- MỤC ĐÍCH NGHIÊN CỨU :
Để cho học sinh thấy được vai trò bất đẳng thức Cauchy trong giải quyết bài
toán. Yêu cầu đạt đến đối với học sinh là thấy rõ, hiểu và biết cách vận dụng bất
đẳng thức Cauchy trong thực hành giải toán.
3- ĐỐI TƯỢNG, PHẠM VI NGHIÊN CỨU :
Đối tượng nghiên cứu của đề tài là vận dụng bất đẳng thức Cauchy vào giải
quyết một số bài toán liên quan trong các đề thi HSG và tuyển sinh ĐH.
4- NHIỆM VỤ NGHIÊN CỨU :
Đưa ra những cơ sở lí luận về bất đẳng thức Cauchy . Từ đó mô tả phân tích để
tìm ra biện pháp dậy cho học sinh cách vận dụng vào giải toán.
5- CÁC PHƯƠNG PHÁP NGHIÊN CỨU CHÍNH :
Với nền tảng cơ sở lí luận về phương pháp dạy toán học , thì đòi hỏi phương
pháp phân tích sản phẩm , tổng kết kinh nghiệm để út ra được lí thuyết cho chính
bản thân người dạy.
6- KẾT CẤU CỦA ĐỀ TÀI :
Đề tài gồm 2 chương :
Chương 1 :
Cơ sở lí luận .
Chương 2 :
Một số ứng dụng của bất đẳng thức Cauchy.
2
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
Chương 1 : Cơ sở lí luận
1.BẤT ĐẲNG THỨC CAUCHY
Cho ai , i 1, n .Ta có :
n
a
i
i 1
n
n
a
i 1
, n \ 0,1
i
(1)
Dấu '' '' xảy ra a1 a2 ... an .
CM
Với n 2 ta có : a1 a2 2 a1a2 ( luôn đúng).
k
k
1 k
Giả sử (1) đúng với n k , tức là : ak ai .Ta chứng minh (1)
k i 1
i 1
cũng đúng với n k 1 . Thật vậy , giả sử
1 k
a1 a2 ... ak ak 1 ak 1 ai
k i 1
1 k
Đặt x ai , ak 1 x y,( y 0) .
k i 1
1
1 k 1
k 1 k
ak 1
k
x y
a
.
a
x
x
y
Vì
i k 1 k
i
k 1 i 1
k 1 k 1
k 1
k 1
i 1
1 k 1
Do đó :
ai
k 1 i 1
k 1
1
x
y
k 1
k 1
x k 1
x
k
k 1 k
x y
k 1
k 1
x y ai
(đúng).
i 1
Dấu '' '' xảy ra a1 a2 ... an .
Vậy theo nguyên lý quy nạp toán học bất đẳng thức (1) đúng n \ 0,1 .
Với n 1 thì hiển nhiên bất đẳng thức (1) đúng.
2. HỆ QUẢ BẤT ĐẲNG THỨC CAUCHY
+ Hệ quả 1:
n
S
Nếu ai S const thì Max ai xảy ra a1 a2 ... an .
i 1
i 1
n
n
n
+ Hệ quả 2:
Nếu
a P const
n
i 1
i
thì Min
a n
n
i 1
i
n
P xảy ra a1 a2 ... an .
3
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
Chương 2 : Một số ứng dụng của bất đẳng thức Cauchy.
I.ỨNG DỤNG BĐT CAUCHY VÀO CHỨNG MINH BĐT
Bài toán 1 (BĐT Bernoulli)
Cho , x 1, khi đó :
1 , ta có: 1 x 1 x (2). Dấu '' '' xảy ra 1 hoặc x 0 .
0 1 , ta có : 1 x 1 x (3). Dấu '' '' xảy ra 0 hoặc x 1 .
CM
1 . Trước hết ta chứng minh
+ Với 1thì bđt (2) hiển nhiên đúng .
n
, n, m 1, n m. Khi đó ta có :
m
n
m
1
x
n
m
m
m
n
1
x
m 1 x 1
...
1
n
1
x
n
n m
+ Với 1 , đặt
n
x 1 1 x 1 x m 1 x 1 x 1 x.
n
m
Dấu '' '' xảy ra x 0.
+ Với I , giả sử là số vô tỷ tùy ý . Khi đó vì là tập trù mật trong
nên tồn tại dãy số hữu tỷ n n 1 , n 1 mà lim n .
x
Với mọi n , ta có : 1 x 1 n x. chuyển qua giới hạn ta có :
n
lim
1 x lim
1 n x hay
x
x
n
1 x
1 x. Như vậy BĐT (2)
được chứng minh trọn vẹn.
0 1,
+ Với 0 , thì bđt (3) hiển nhiên đúng.
m
, n, m 1, m n, m, n * .
n
n
mx
n
m
m
Ta có : m 1 x n m n n 1 x
1 x
n
+ Với 0 1 , đặt
m
1 x 1 x 1 x n 1 x 1 x 1 x
Dấu '' '' xảy ra x 0.
Giả sử là số vô tỷ tùy ý , vì trù mật trong nên n n 1 hữu tỷ ,
0 n 1 mà lim
n .
x
n
m
4
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
n * ta có : 1 x 1 n x . Chuyển qua giới hạn , thì được :
n
lim
n x ) hay 1 x 1 x.
1 x lim(1
x
x
n
Như vậy bđt (3) được chứng minh hoàn toàn.
Bài toán 2 : Cho ai , ai 0, i 1, k , n, k * . Ta có :
n
1 k n 1 k
ai (4) . Dấu '' '' xảy ra a1 a2 ... ak .
ai
k i 1
k i 1
CM
1 k
ai
k i 1
k 1 , thì BĐT (4) hiển nhiên đúng.
n
k 1 , áp dụng BĐT cauchy cho 1 số ai và n 1 số S n ta được :
ain n 1 S n nS n 1 .ai , i
Đặt S
Do đó :
k
k
k
a k n 1 S nS a knS a kS
n
n 1
n
i
i 1
i 1
n
i
n
i
i 1
n
.
n
1 k n
1 k
n
ai S ai . Dấu '' '' xảy ra a1 a2 ... ak . ( đpcm) .
k i 1
k i 1
Chú ý : + Ta có thể chứng minh BĐT (4) nhờ BĐT Bernoulli như sau :
n
k
1 k
ka
Đặt S ai . Khi đó : (4) k i .
i 1 S
k i 1
n
n
kai S
kai kai S
i , ta có :
1
1 n
S
S
S
n
n
k
ka
ks ks
ka i
Do đó : i k n
k.
i 1
i 1
s
s
s
k
kai S
0,(i 1, k ) a1 a2 ... ak .
S
+ Nếu thay điều kiện n * bằng điều kiện n 1, n thì cách
Dấu “ = ” xảy ra
chứng minh thứ 2 hợp lí hơn.
+ Các BĐT (2), (3) , (4) đều có thể chứng minh bằng đạo hàm.
Bài toán 3: Cho x, y , z 0 và m, n * . Chứng minh rằng:
x m ym z m
n n x mn y mn z mn . Dấu “ = ” xảy ra x y z.
n
y
z
x
5
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
CM
Áp dụng BĐT CauChy cho m mn n
2
2
số , ta có :
3
2
2
2
3
m
m
xm
ym
y m n z mn
2 z
2
2 m mn n x
m n mn n n n m mn n
y
z
x
y nm z n m x n
2
2
2
2
m mnn
m mn n
x m n m 2 mn n 2 x mn
m
m
zm
2 y
2 x
2
2
m n
Tương tự ta có : m n mn n n n m mn n y
z
x
y
m
m
xm
2 z
2 y
2
2
m n
và m n mn n n n m mn n z
x
y
z
2
2
2
2
3
3
Cộng vế với vế 3 bất đẳng thức trên và rút gọn ta được điều phải chứng minh.
MỘT SỐ BÀI TOÁN TƯƠNG TỰ:
k
1. Cho ai , ai 0, i 1, k , m n; k 2; m, n, k * . Đặt S ain .
i 1
ai
k
ai
1
k 1 n
m n
Chứng minh rằng :
ai
ai
n
i 1 S a
k 1 i 1 S k 1 i 1
k 1 k i 1
i
2. Cho ai , ai 0, i 1, n, k , l . Chứng minh rằng :
k
l
k l
n
n ai n ai n ai
S
ail .
,
trong
đó
i 1 n i 1 n i 1 n
i 1
*
3. Cho ai , i 1, n, n . Chứng minh rằng :
m
k
1
m
n
1
j 1
i 1
i
m
k
m n
.
m
n
a a
n
n
lj
k
i 1
l j
j=1
i
, m, l j * , trong đó
m
l
j 1
j
(chẵn).
4. Cho xi , xi 0, i 1, k , k 2 . k , m, n * . Chứng minh rằng :
k
xin
xin m , trong đó xk 1 x1 .
m
i 1 x
i 1
i 1
k
Chú ý : Với việc sử dụng hằng đẳng thức sau :
m k n k m n m k 1 m k 2 n ... mn k 2 n k 1 .Ta sẽ có một lời giải
bằng BĐT Cauchy thật đẹp cho bài 4 .
5. Cho x, y , z 0. Chứng minh rằng nếu k , m, n * thỏa mãn điều kiện
xm yn ym zn zm xn
k k x m n k y m n k z m n k .
k m.n , thì ta có :
k
z
x
y
2
6
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
II. ỨNG DỤNG BĐT CAUCHY VÀO GIẢI PT , BPT ,HPT, HBPT.
1. ỨNG DỤNG BĐT CAUCHY VÀO GIẢI PT, BPT.
Ví dụ 1. Giải pt sau :
x 3 3x 2 8 x 40 8 4 4 x 4 .
Lời giải
Điều kiện 4 x 4 0 x 1. Ta có :
x 3x 8 x 40 8 4 x 4 4
3
2
4
4
x 1 4.4.4
CS
x 1 4 4 4
x 3 x 3 0 x 3.
Vậy x 3 là nghiệm duy nhất của phương trình đã cho.
2
Ví dụ 2 . Giải phương trình sau :
5
27 x10 5 x 6 5 864 0
lời giải
Do x 0 không là nghiệm của pt , nên chia cả 2 vế cho 5 27x 6 ta được :
5
864 1
2
5
4
5
.
0
x
6
6
5
5
27 x
x
27
27
x4
3
2
4
5
x4
1
x
5
1
5
3. 2. 6 5 5 6 5
3
x
27
27
3 x
4
x
1
Dấu “ = ’’ xảy ra
6 x10 3 x 10 3.
3 x
Vậy phương trình đã cho có 2 nghiệm là x 10 3.
Ví dụ 3 . Tìm nghiệm x, y của bất phương trình sau :
e
2002
1
x
y
2003 2003
2002 x
1 y
e
e
2003
2003
(1)
Lời giải
Đặt a
2002 1
,
b a b 1 b 1 a. Khi đó phương trình( 1) trở
2003 2003
thành : e
ax 1 a y
ae x be y ae x 1 a e y e a x y ae x y 1 a ( 2 )
Giả sử x0 , y0 là nghiệm của BPT (2) , điều này cũng có nghĩa là nghiệm của
BPT (1)
Tức là :
(*)
e a x y ae x y 1 a
Mặt khác theo BĐT Bernoulli , ta lại có :
a
e a x y 1 e a x y 1 1 a e a x y 1 1 a ae x y mâu thuẫn với ( *).
Vậy BPT đã cho vô nghiệm.
0
0
0
0
0
0
0
0
0
0
0
0
7
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
Ví dụ 4 . Chứng minh rằng các BPT sau không có nghiệm nguyên dương:
a) x y y x 1
(1)
b) x y y z x z 2
(2)
Lời giải
a) Từ ( 1 ) suy ra 0 x, y 1 . Giả sử x0 , y0 là một nghiệm của BPT (1) , tức là :
z
x
x0y y0x 1
0
0
y
(*)
Theo BĐT Bernoulli , ta có :
x0
x0
x0
x0
1 y
1 y
x0
1 1 y0 x0 1 x0 y0 x0 y0
1 x0 1
y0
Và y0x0
.
x0 y0 x0 y0
x0
y0
x0 y 0
1
Do đó : x0y y0x
x0 y 0 x0 y 0 x0 y 0 x0 y 0 x0 y 0 x0 y 0
x0y
0
0
0
0
0
Mâu thuẫn (*) suy ra điều giả sử là sai. Vậy BPT (1) vô nghiệm.
b) làm tương tự ý a .
2.ỨNG DỤNG BĐT CAUCHY VÀO GIẢI HPT, HBPT
Ví dụ 1. Giải hệ phương trình sau :
1
1
1
3 3 (1)
x
y
z
(2)
x y z 1
7
2 xyz (3)
xy yz zx
27
Điều kiện x, y, z 0
Lời giải
1
1
(4)
xyz 3 3 xyz xyz
27
xyz
1
Từ (2) 1 x y z 3 3 xyz xyz
(5)
27
Từ (1) 3 3
1
1
1
33
x
y
z
8
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
1
1
1
y
z x y z.
Dấu “ = ’’ ở (4) và (5) xảy ra đồng thời x
x y z
1
Thay vào (1) x y z thoả mãn (3) .
3
1
Vậy HPT đã cho có nghiệm duy nhất là x y z .
3
Nhận xét :
Thay vì lý luận dấu “ = ’’ ở (4) và (5) xảy ra đồng thời , ta có thể làm như
sau :
Từ (4) và (5) xyz
1
9 1
(6) thế vào (3) ta được : xy yz zx
(7)
27 3
27
Từ (2), (6),(7) và theo định lí Vi-ét thì x, y,z là 3 nghiệm của phương trình sau :
3
1
1
1
1
1
X X X
0 X 0 X x y z .
3
27
3
3
3
3
2
Với cách làm ở trên thì phương trình (3) là không cần thiết .
Ta cũng có thể trình bày lời giải bài toán trên theo cách sau :
Vì vai trò x, y , z là như nhau. Không mất tính tổng quát ta giả sử
1
3
x y z 0. Ta có 3z x y z 1 0 3z 1 0 z .
7
xy yz zx 2 xyz xy 1 2 z z x y
27
2
2
x y
1 z
1 2 z z x y
1 2 z z 1 z
4
4
3
7
1
1
1 z z 1 2 z
3
2
.
2 z z 1 z. z 1 2 z 1
1
4
4
4
3
27
3
x y
1
x y
Dấu " " xảy ra
1 Thế vào (2) ta được x y z thoả
3
z 1 2z
z 3
mãn phương trình (1). Vậy x y z
1
là nghiệm của hệ đã cho.
3
Bình luận : Với cách làm trên ta thấy phương trình (1) chỉ cần thay bằng giả
thiết x, y, z 0 là đủ.
9
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
Ví dụ 2 . Tìm m để hệ sau có nghiệm dương :
x y z 1
xy yz zx 9m
xyz m
Lời giải
Giả sử hệ có nghiệm nguyên dương x0 0, y 00 , z0 0 , tức là :
x0 y0 z0 1 (1)
x0 y 0 y 0 z 0 z 0 x0 9 m
x y z m
(3)
0 0 0
Ta có :
1 x0 y 0 z 0 3 3 x0 y 0 z 0 3 3 m
(2)
m
1
27
(4)
Mặt khác : 9m x0 y0 y0 z0 z0 x0 3 3 ( x0 y0 z0 ) 2 3 3 m 2 m
Từ (4) và (5) suy ra m
Với m
1
.
27
1
27
(5)
1
, thì ta có :
27
x y z 1
1
x, y, z là 3 nghiệm (phân biệt hoặc trùng nhau) của phương
xy yz zx
3
1
xyz
27
1
1
X
0
3
27
3
1
1
1
X 0 X x yz .
3
3
3
1
Vậy với m
, thì ycbt được thoả mãn.
27
trình sau : X X
3
2
10
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
Ví dụ 3. Tìm a,b thoả mãn :
*
a b b a 12
a a b b 28
(1)
(2)
Lời giải
Từ (1) ta có : 12 a b b a 2 4 ( ab) ab 6 3 6 6 3 8 12
3
Do a,b ab 11 (3).
*
Từ (2) ta có : 28 a a b b
2
2
a 2 b2 a b
a b a b a b
2
3
a b 3 28 9 a b 10 (4)
2
Giả sử a b , từ (3) suy ra ab 11 a 11 a 3.
Với 2 a 3 , thì từ (4) b 7 ab 2.7 14 11
(mâu thuẫn (3) )
Với a 1 , từ (4) suy ra b 9 kết hợp với (3) ta được b 9;10;11.
Dễ dàng kiểm tra thấy chỉ có cặp (1 ; 9) là thoả mãn.
Vậy nghiệm của hệ BPT đã cho là a, b 1;9 , 9;1 .
Ví dụ 4 . Tìm nghiệm dương của HBPT sau :
2000
2000
2000
a b c 3 (1)
2
2
2
(2)
a b c 3
Lời giải
Áp dụng BĐT cauchy ta có :
a 2000 999.1 10001000 a 2000 .1 1000a 2
Tương tự , ta có :
b 2000 999.1 1000b 2 và c 2000 999.1 1000c 2
2000
2000
2000
2
2
2
Do đó : a b + c 3.999 1000( a b c )
a 2 b 2 c 2 .1000 3.1 999 3.1000
a 2 b 2 c 2 3 (3) .
2
2
2
Từ (2) và (3) suy ra a b c 3 . Dấu “ = “ xảy ra a b c 1 . Vậy
nghiệm của HBPT đã cho là : a b c 1
11
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
MỘT SỐ BÀI TẬP TƯƠNG TỰ.
2 n
n
n
1.Tìm x 0 ; thoả mãn : sin x cos x 2 n , n \ 0,1.
2
2.Giải phương trình sau :
16
x 1986
1
10
y 2002
x 1986 y 2002
3.Tìm GTLN của tham số a để BPT sau có ít nhất một nghiệm :
a 3 x 1
2
a
x
4
a 3 sin
2
2
x 1
.
4.Giải các HPT , HBPT sau :
y
x
xy
y
x
a)
2005
2008
2008
2
x
y
8
xy
x, y , x, t 0
b) x y z t 12
xy yz zx xt yt zt xyzt 27
3
x y 9
c)
3 x y 6
6 x 2 x 3 6 x 5 x 3 4 x 2 2 x 6
d)
1
2
x 1 2
x
x
x 14 y 2 2 z 3t 6 1024
2
3
6
f) 4 x z 16 y t 8 x 76
x 1; y 2; z 0; t 0
4 x y 1 3.4 2 y 1 2
e)
x 3 y 2 log 4 3
12
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
III. ỨNG DỤNG BĐT CAUCHY VÀO TÌM GTLN - GTNN .
1.KỸ THUẬT CHỌN ĐIỂM RƠI TRONG BĐT CAUCHY
Giả sử ta cần chứng minh, BĐT sau :
S a1 , a2 ,..., an C _ const (*)
hoặc S a1 , a2 ,..., an C _ const
1.1. Trường hợp 1 : S a1 , a2 ,..., an là một biểu thức đối xứng của các
ai , i 1, n .Ta dự đoán dấu “ = ’’ trong BĐT (*) xảy khi a1 a2 ... an . . Kiểm
tra lại dự đoán nếu đúng thì kết hợp với điều kiện xảy ra dấu “ = ’’ trong BĐT
cauchy , ta sẽ tìm được các hằng số trong các đánh giá giả định. Từ đó đưa ra lời
giải của bài toán .
Ví dụ 1:
a, b, c 0
Cho
3
a
b
c
2
Chứng minh rằng :
S 2 a 2 b2 c2
1 1 1 15
.
a b c 2
Lời giải
Dự đoán S
1
15
khi a b c . Do đó ta cần chọn sao cho :
2
2
2a 2b 2c
1 2
1
1
1 4. Từ đó ta có lời giải sau :
2
a b c
1
1
1
1
1
1 1 1 1 1
S 2a 2 2b 2 2c 2
4a 4b 4c 4a 4b 4c 2 a b c
9 1
1 9 3
1
9 3
15
33
. a b c .2 .
2 2 abc 2 2
2 2
2
3
1
Dấu “ = ” xảy ra khi a b c (đpcm).
2
2
2
2
13
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
Ví dụ 2 :
Cho a, b, c 0 . Chứng minh rằng :
a3
b3
c3
abc
.
a 2 ab b 2 b 2 bc c 2 c 2 ac a 2
3
Trước tiên ta xét đánh giá giả định sau :
a3
a b
a 2 ab b 2
1 a 3 b3 ab a b
1 3
3
(*)
a
b ab a b
Mặt khác , ta lại có :
a b a b a ab b
3
3
2
2
CS
a b 2ab ab ab a b
a, b 0.
Do đó (*) luôn đúng nếu ta chọn được , thoả mãn :
1
2
1
3
.
1
1
3
Khi này , ta có lời giải sau :
a3
2
1
b3
2
1
Ta có : 2
a
b
,
b
c
a ab b 2 3
3
b 2 bc c 2 3
3
c3
2
1
và 2
c
a.
c ac a 2 3
3
Cộng vế với vế 3 BĐT trên ta được ĐPCM
Ví dụ 3 : Cho a, b, c * t / m abc 1 . Chứng minh rằng :
1
1
1
3
a3 b c b3 c a c3 a b 2
Trước tiên ta dự đoán dấu “ = ” xảy ra khi a b c 1 .
14
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
Khi đó
1
1 2 bc
. Do đó :
a 3 b c 2 4 4bc
1
bc
1
bc 1
1
1 11 1
2
.
a 3 b c 4bc
a 3 b c 4bc a
a 3 b c a 4 b c
Tương tự ta có :
1
1 11 1
1
1 11 1
và
b3 c a b 4 c a
c 3 a b c 4 a b
Cộng vế với vế 3 BĐT trên ta được:
1
1
1
11 1 1 3 3 1 1 1 3
. . .
a 3 b c b 3 c a c 3 a b 2 a b c 2 a b c 2
1.2. Trường hợp 2 : Trong biểu thức S a1 , a2 ,..., an các ai , i 1, n không có
tính đối xứng . Khi này việc dự đoán dấu “ = ’’ trong BĐT (*) cho một lớp bài toán
là rất khó. Kết quả của việc này chủ yếu dựa vào kinh nghiệm và trực quan toán
học của mỗi người làm toán.
a, b, c 0
Chứng minh rằng :
a
2
b
3
c
20
3 9 4
S a b c 13.
a 2b c
Trước tiên , ta dự đoán S 13 , khi a, b, c 0 và thoả mãn a 2b 3c 20
Ví dụ 1 : Cho
Biểu diễn S dưới dạng sau :
3
9
4
S a b c 1 a 1 b 1 c
a
2b
c
Như vậy ta cần chọn các số , , thoả mãn các điều kiện sau đây :
1 1 1
1 k (1)
1 2 3 k 0
1 2k (2)
3
3
2
(3)
, b
,c
1 3k
a
2
3
6
6
a 2b 3c 20
20 (4)
2
Thế (1),(2),(3) vào (4) ta được :
15
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
3
6
6
20 (5)
1 k
2 4k
1 3k
Ta cần chọn 0 k 1 sao cho thay vào (5) thì ta khai căn được ở các biểu thức có
1
chứa dấu căn. Dễ thấy k đáp ứng được yêu cầu đó. Khi này ta có một lời giải
4
đẹp như sau :
LG
Ta có :
3
4 1
9 1 16 1
1
1
S a b c a b c
4
a 2
b 4
c 4
2
6
CS
3
4
1
9
1
16 1
S 2. a. 2. b. 2. c. a 2b 3c
4
a
2
b
4
c 4
20
33 2
13
4
S 13. Dấu “ = “ xảy ra a 2, b 3, c 4
Ví dụ 2 : Cho x, y 0, x y 1. Chứng minh rằng :
9 48
68.
x y
Trước tiên ta dự đoán P 68 , khi x, y 0 và x y 1 .
P 51x 23 y
Ta biểu diễn P dưới dạng sau :
9
48
P x y
51 x 23 y
x
7
y
Như vậy , ta cần chọn , 0 thoả mãn các điều kiện sau :
28 (1)
51 23
3
3
3
3
x
,
y
4
x
,
y
4
(2)
7
7
28
x y 1
x y 1
(3)
Thay (2) vào (3) ta được :
Dễ thấy
3
3
4
1
7
28
(4)
21 thoả mãn (4) , thay vào (1) ta được 49 .
16
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
Khi này , ta có lời giải sau :
9
48
P 49 x 21 y
2( x y )
x
7
y
CS
42 24 2 68. Dấu đẳng thức xảy ra khi x
2. ỨNG DỤNG VÀO TÌM GTLN - GTNN .
Ví dụ 1 : Cho x, y, z 0. Tìm GTNN của biểu thức sau :
x y z
S
3
4
,y
7
7
6
xy 2 z 3
LG
Do x, y, z không có mối quan hệ ràng buộc nào . Nên để tìm MinS ta có 2 cách sau
.
Cách 1 . Sử dụng BĐT Cauchy ngược ta có : xy z x y z
2
3
6
1
1 6 x y z
2 3
Ta có : xy z
6 x.3 y.3 y.2 z.2 z.2 z
423
423
6
1
6
xy 2 z 3
x y z . Do đó :
432
6
6
x y z
x y z
S
432.
6
1
xy 2 z 3
x y z
432
1
1
Vậy MinS 432 , khi x y z 0
2
3
6
2 3
Cách 2 . Sử dụng BĐT Cauchy thuận ta có : x + y + Z xy z .
6
6
1
1
1
1
1
Ta có x + y + z x y y z z z
2
2
3
3
3
6
CS
xy 2 z 3
2 3
6
6
432xy z . Do đó, ta có kết quả như cách 1.
108
6
17
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
0 x 3
Tìm GTLN của :
0
y
4
S 3 x 4 y 2 x 3 y .
Ví dụ 2 : Cho
LG
Nhận xét : Rõ ràng với điều kiện đã cho thì 3 x 0, 4 y 0. Mặt khác ,
n
ai
theo hệ quả của BĐT cauchy thì
i 1
n
min
ai C _ const. Vậy ta cần chọn
i 1
, sao cho :
(3 x) (4 y ) (2 x 3 y ) C _ const.
Dễ dàng thấy 2, 3. Khi đó ta có lời giải sau :
1
6 2 x 12 3 y 2 x 3 y
6
3
CS
1 (6 2 x) (12 3 y ) (2 x 3 y )
36.
6
3
Vậy MaxS=36 , khi x 0, y 2
S
Ví dụ 3 : Cho a, b,c,d 0. Trong tất cả các nghiệm dương x, y, z, t của
phương trình :
a b c d
1 . Hãy chỉ ra nghiệm với tổng :
x y z t
Sn x n y n z n t n nhỏ nhất với n * .
Lời giải
Đặt A n 1 a n 1 b n 1 c n 1 d .
n
n
n
Theo BĐT cauchy , ta có : x
n
n
a n1
a
A ... A n1 n 1 n1 a n A n
x
x
n _ sô'
Và
b
y n n A n 1 n 1 n 1 b n A n
y
c
z n n A n 1 n 1 n 1 c n A n
z
d
t n n A n 1 n 1 n 1 d n A n
t
18
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
a b c d
x yz t
n 1 A n n 1 a n n 1 b n n 1 c n n 1 d n
Do đó : x y z t nA
n
n
n
n
n 1
n 1 A n 1 .
Vậy S x y z t A
n
n
n
n
n 1
n 1
a n1 n1 b n1 n1 c n1 n1 d n1
n 1
.
n a n 1 n b n 1 n c n 1 n d n 1
x x A , y y A , z z A , t t A
Dấu “ = “ xảy ra
a b c d 1
x y z t
x n 1 aA , y n 1 bA
z n 1 cA , t n 1 dA
Vậy MinSn
n 1
a n n 1 b n n 1 c n n 1 d n
(*)
n 1
, đạt được khi có (*).
MỘT SỐ BÀI TẬP TƯƠNG TỰ :
x, y, z 0
x 30 y30 z 30
1. Cho
. Tìm GTLN của : P 21 21 21 .
x
y
z
2004
y
z
x
2. Tìm giá tị nhỏ nhất của hàm số:
y 9 x 2 1 x 4 13 x 2 1 x 4 ,
x 1
3. Với 0 x 2001 2002 . Tìm GTLN của y x 2002 x
2001
.
a 1
bc a 1 ca b 2 ab c 3
4. Cho b 2 Tìm GTLN của S
.
abc
c 3
5. Tìm GTLN , GTNN của hàm số : y x
1999 x 2 1997 .
19
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
IV.ỨNG DỤNG BĐT CAUCHY VÀO CM TÍNH CHẤT NGHIỆM
Ví dụ 1 : Chứng minh rằng nếu phương trình x
dương x 0 , thì x 0
n
2 n 1
1
4 0 (1) có nghiệm
x
2 ( n 2 ).
Lời giải
Giả sử x 0 0 là nghiệm của (1) thì ta có :
x 02 n 1
1
1
4 0 4 x 02 n 1 2x 0n
x0
x0
x 0 n 2. Dấu “ = ” xảy ra
1
x 02 n 1 x 0 1.
x0
Nhưng x 0 1 không thoả mãn (1) . Do đó x 0
Ví dụ 2 : Chứng minh rằng phương trình :
n
2
x 4 ax 3 a 2 x 2 a 3 x a 4 0 , a 0 không thể có 4 nghiệm không
âm.
Lời giải
Giả sử phương trình đã cho có 4 nghiệm x1 , x 2 , x 3 , x 4 0.
x1 x 2 x 3 x 4 a
4
x1 x 2 x 3 x 4 a
Theo định lý Vi-et ta có :
Mặt khác theo BĐT Cauchy , ta lại có :
x1 x 2 x 3 x 4
4
a
a
1
4 a 4 a 1 ( vô lý ).
4
4
4
4
x1 x 2 x 3 x 4
Vậy điều giả sử là sai , tức là phương trình đã cho không thể có 4 nghiệm không
âm
n
n 1
Ví dụ 3 : Cho P x x a 1 x ... a n 1 x 1 , a i 0 , i 1, n 1 và
P x 0 có n nghiệm thực . Chứng minh rằng P m m 1 , m, n * .
n
Lời giải
Vì a i 0 , i 1, n 1 và 1 > 0 nên trong n nghiệm của P x 0 không có
nghiệm nào dương . Giả sử đó là i , i 1,n . Khi này P x có dạng :
20
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
n
n
P x x i x i ( với i i 0,i 1, n )
i 1
i 1
Theo định lý Vi-et thì
n
n
i 1 i 1 1 1 .
n
i 1
n
n
i 1
Áp dụng BĐT Cauchy ta được :
n
P m m i m 1
i 1
n
n
n 1
m 1 .
n
i
i 1
P m m 1
n
KẾT LUẬN
Như chúng ta đã biết, bất đẳng thức Cauchy là một bất đẳng thức khá nổi tiếng
bởi phạm vi ứng dụng rộng rãi của nó. Ngoài việc được vận dụng để chứng minh
các bất đẳng thức đại số thì bất đẳng thức Cauchy còn được sử dụng trong các các
bài chứng minh bất đẳng thức lượng giác hay các bài toán cực trị hình học. Tuy
nhiên, do thời gian nghiên cứu không nhiều nên trong chuyên đề này những vấn đề
thú vị đó vẫn chưa được đề cập đến.
Trên đây là một số kinh nghiệm có được trong quá trình dạy hoc, tìm tòi tự bồi
dưỡng nghiệp vụ chuyên môn. Các ví dụ được sưu tầm và chọn lọc kĩ lưỡng từ đề
thi đại học các năm và đề thi học sinh giỏi các tỉnh trong cả nước. Mặc dù đã cố
gắng song kinh nghiệm còn rất khiêm tốn. Mong nhận được sự góp ý chân thành
của quý thầy cô và các bạn động nghiệp về cả nội dung và hình thức trình bày để
chuyên đề được hoàn thiện hơn.
Tôi xin chân thành cảm ơn !
Mê Linh , ngày 10 tháng 05 năm 2011
Giáo viên
Trần công Văn
21
Bất đẳng thức Cauchy và một số ứng dụng
TÀI LIỆU THAM KHẢO
1. Bất đẳng thức ( Phan Đức Chính).
2. Chuyên đề bất đẳng thức và ứng dụng trong đại số (Nguyễn Đức Tấn).
3. Báo toán học và tuổi trẻ.
4. Báo toán tuổi thơ.
22