đề và hdc hsg 12v2(2010-2011)

SỞ GD&ĐT KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP TỈNH LỚP 12 THPT
QUẢNG BÌNH NĂM HỌC 2010 - 2011
Môn thi: Toán - Vòng II
ĐỀ THI CHÍNH THỨC (Khóa ngày 26 tháng 10 năm 2010)
SỐ BÁO DANH: Thời gian làm bài: 180 phút (không kể thời gian giao đề)
Câu 1:(2.5 điểm)
Giải hệ phương trình:
(
)
2 2
1
2 2
1 1 3 3
y x
x y
x
y x x

+ = +




+ − = +



Câu 2:(2.0 điểm)
Tìm tất cả các hàm số f:
* *
R R

+
→
thỏa mãn:
i)
1
(1)
2
f =
ii)
2010 2010
( ) ( ) ( )f xy f x f f y f
y x
 
 
= +
 ÷
 ÷
 
 
,
*
,x y R∀ ∈
Câu 3:(2.0 điểm)
Chứng minh rằng trong tam giác ABC ta có:

( ) ( ) ( )
2 2 2
125
1 cos 1 cos 1 cos
64

A B C+ + + ≥

Câu 4:(2.5 đi m)ể
Cho hình chóp tam giác đều S.ABC cạnh đáy bằng a, góc giữa mỗi mặt bên và
mặt đáy bằng
ϕ
. Mặt phẳng (P) xác định bởi đường thẳng AB và đường phân giác của
góc giữa mặt bên (SAB) và mặt đáy (góc này có đỉnh ở trên AB) cắt hình chóp theo một
thiết diện chia hình chóp thành hai phần. Tính thể tích mỗi phần đó theo a và
ϕ
.
Câu 5:(1.0 điểm)
Trong một hội nghị có các nhà toán học nam và các nhà toán học nữ. Biết rằng:
i) Mỗi nhà toán học nam quen đúng 10 nhà toán học nữ.
ii) Hai nhà toán học nữ bất kì cùng quen đúng 6 nhà toán học nam.
Hãy tính số nhà toán học nam biết trong hội nghị có 21 nhà toán học nữ?
--------------------HẾT----------------------
* Thí sinh không được sử dụng tài liệu.
* Giám thị không giải thích gì thêm.
SỞ GD&ĐT KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP TỈNH LỚP 12 THPT
QUẢNG BÌNH NĂM HỌC 2010 - 2011
Môn thi: Toán - Vòng II
(Khóa ngày 26 tháng 10 năm 2010)
HƯỚNG DẪN CHẤM
(Đáp án, hướng dẫn này có 4 trang)
yªu cÇu chung
* Đáp án chỉ trình bày một lời giải cho mỗi bài. Trong bài làm của học sinh yêu cầu phải lập luận
lô gic chặt chẽ, đầy đủ, chi tiết và rõ ràng.
* Trong mỗi bài, nếu học sinh giải sai ở bước giải trước thì cho điểm 0 đối với những bước giải
sau có liên quan. Ở câu 4 nếu học sinh không vẽ hình hoặc vẽ hình sai thì cho điểm 0.

* Điểm thành phần của mỗi bài nói chung phân chia đến 0,25 điểm. Đối với điểm thành phần là
0,5 điểm thì tuỳ tổ giám khảo thống nhất để chiết thành từng 0,25 điểm.
* Học sinh có lời giải khác đáp án (nếu đúng) vẫn cho điểm tối đa tuỳ theo mức điểm của từng bài.
* Điểm của toàn bài là tổng (không làm tròn số) của điểm tất cả các bài.
Câu Nội dung Điểm
1

(
)
2 2
1
2 2 (1)
1 1 3 3 (2)
y x
x y
x
y x x

+ = +




+ − = +


ĐK: x > 0; y
≠
0.
Ta cã:

( )
( )
2
(1) 2 2 0
y x
x y x y
x y x y
x y
y x
=
  
+ +
⇔ = ⇔ + − = ⇔
 ÷

= −
  
TH1:
y x= −
< 0. Từ (2) suy ra y > 0 ( vô lí)
TH2:
2y x=
. Thay vào (2), ta có:
(
)
( )
2 2 2
2 1 1 3 3 2 3 1 2x x x x x x+ − = + ⇔ − + =
(2)
Nhận xét rằng:

3
2
x =
không phải là nghiệm của (2)
Do đó: (2)
2
2
1 0
2 3
x
x
x
⇔ + − =
−
Xét hàm số :
2
2
( ) 1
2 3
x
f x x
x
= + −
−
có
( )
( )
2
2
2 3 3

'( ) 0, 0; \
2
1
2 3
x
f x x
x
x
 
 
= + > ∀ ∈ +∞
 
 
+
 
−
2,5 điểm
0,25
0,5
0,25
0,25
0,25
Trang: 2 - Đáp án Toán - Vòng 2
BBT
x 0
3
2
+
∞

f’(x) + +
+
∞
+
∞
f(x)
1 -
∞
Ta có:
( ) 0f x =
có một nghiệm
3x =
nên đó là nghiệm duy nhất.
Vậy hệ phương trình có nghiệm
( )
3;2 3
.
0,25
0,5
0,25
2
Từ ii) cho:
+
1x y= =
:
1
(1) (1) (2010) (1) (2010) (2010)
2
f f f f f f= + ⇒ =
+

2010 2010
1: ( ) ( ) (2010) (1) ( )y f x f x f f f f x f
x x
   
= = + ⇒ =
 ÷  ÷
   
+
( )
2
2010 2010 2010
: (2010) ( ) ( ) 2 ( )y f f x f x f f f x
x x x
   
= = + =
 ÷  ÷
   

( )
2
1 1
( ) ( )
4 2
f x f x⇒ = ⇒ =
Thử lại
1
( )
2
f x =
thỏa mãn điều kiện bài toán.

2,0 điểm
0,5
0,5
0,5
0,5
3
Giả sử C = min{A, B, C}
Ta có
0
1
0 60 cos ;1
2
C C
 
< ≤ ⇒ ∈
÷

 
( ) ( )
( ) ( )
[ ]
2 2
1 cos2 1 cos2
1 cos 1 cos 1 1
2 2
1 1
3 cos2 3 cos2 9 3(cos2 cos2 ) cos2 cos2
4 4
A B
A B

A B A B A B
+ +
  
+ + = + +
 ÷ ÷
  
= + + = + + +
[ ]
[ ] [ ]
{ }
2 2
2 2
2
1 1
9 6cos cos( ) cos2( ) cos2( )
4 2
1 1
9 6cos cos( ) 2cos ( ) cos ( ) 2
4 2
1
9 6cos cos( ) cos ( ) 1 cos
4
1
9 cos( ) 1 cos( ) 1 6cos 6cos cos
4
C A B A B A B
C A B A B A B
C A B A B C
A B A B C C C
 

= − − + − + +
 
 
 
 
= − − + + + − −
 
 
 
 
= − − + − − +
 
= + − − − + − − +
2,0 điểm
0,25
0,5
Trang: 3 - Đáp án Toán - Vòng 2
( )
( )
2
2
1 1
9 6cos cos 3 cos
4 4
C C C≥ − + = −
(do
1
cos ;cos( ) 1
2
C A B≥ − ≤

)
Suy ra: VT
( )
( )
2
2
1
3 cos 1 cos
4
C C≥ − +
Xét hàm số
( )
( )
2
2
1
( ) 3 1 , ;1
2
f x x x x
 
= − + ∈
÷

 
( ) ( ) ( )
1
'( ) 2 3 1 2 1 0 ;1
2
f x x x x x
 

= − − − ≥ ∀ ∈
÷

 
Do đó f(x) đồng biến trên
1
;1
2
 
÷

 
, suy ra VT
1 1 125
4 2 64
f
 
≥ =
 ÷
 

Dấu bằng xảy ra khi
0
60
A B
C
=


=


hay tam giác ABC đều.
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
4
Gọi O là tâm tam giác đều ABC, M là trung điểm AB.
Mặt phẳng (P) tạo bởi AB và phân giác Mt của góc
·
SMO
ϕ
=
, cắt hình chóp
theo thiết diện là tam giác cân ABN (N là giao điểm của tia phân giác Mt
và SC).

Ta có:
V
SABC
=
1 1
. ( ) tan . ( )
3 3
SO dt ABC MO dt ABC
ϕ
=

2 3

1 1 3 3 1
.tan . tan
3 3 2 4 24
a a a
ϕ ϕ
= =
2,5 điểm
0,5
0,5
0,25
Trang: 4 - Đáp án Toán - Vòng 2
B
S
A C
M
O
N
H
K
t
Gọi H và K là hình chiếu của S và C xuống Mt, ta có hai tam giác vuông
SMH

và CMK đồng dạng, nên:

1
3cos
SH SM
CK CM
ϕ

= =
Suy ra tỉ thể tích của hai hình tứ diện được cắt ra bởi thiết diện ANB là:

1
3cos
SABN
CABN
V
SH SM
V CK CM
ϕ
= = =
Do đó: V
SABN

3
1
tan
24(1 3cos )
a
ϕ
ϕ
=
+

V
SABN

3 3
3cos sin

tan
24(1 3cos ) 8(1 3cos )
a a
ϕ ϕ
ϕ
ϕ ϕ
= =
+ +
0,5
0,25
0,25
0,25
5
Gọi s là số bộ ba (A, B, C) ở đây A là nhà toán học nam, B và C là hai nhà
toán học nữ mà A quen. Giả sử số nhà toán học nam trong hội nghị là k.
Ta tính s bằng hai cách.
Cách 1:
+ Chọn nhà toán học nam A: Có k cách chọn
+ Chọn hai nhà toán học nữ B, C trong số 10 nhà toán học nữ mà A quen:
Có
2
10
C
cách chọn
Vậy s= k.
2
10
C
cách chọn bộ ba (A, B, C).
Cách 2:

+ Chọn hai nhà toán học nữ B và C: Có
2
21
C
cách chọn
+ Chọn nhà toán học nam A quen B, C: Có 6 cách chọn
Vậy s= 6.
2
21
C
cách chọn bộ ba (A, B, C).
Suy ra:
2
2 2
21
10 21
2
10
6.
. 6. 28
C
k C C k
C
= ⇒ = =
Vậy có 28 nhà toán học nam trong hội nghị.
1,0 điểm
0,25
0,25
0,25
0,25

Trang: 5 - Đáp án Toán - Vòng 2