(SKKN mới NHẤT) SKKN mốt số phương pháp giải hệ phương trình không mẫu mực

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO VĨNH PHÚC
TRƯỜNG THCS & THPT HAI BÀ TRƯNG

MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP
GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH
KHƠNG MẪU MỰC

NGUYỄN THỊ THANH HUYỀN

PHÚC YÊN - 2014

download by :


Mục lục

Mở đầu . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
Chương 1. Phần nội dung
1.1

1.2

6

1.1.1

Hệ phương trình bậc nhất hai ẩn . . . . . . . . .

6

1.1.2

Hệ ba phương trình bậc nhất ba ẩn . . . . . . . .

6

1.1.3

Hệ gồm một phương trình bậc nhất hai ẩn và một
phương trình khác . . . . . . . . . . . . . . . . .

7

1.1.4

Hệ đối xứng loại 1 . . . . . . . . . . . . . . . . .

7

1.1.5

Hệ đối xứng loại 2 . . . . . . . . . . . . . . . . .

8

1.1.6

Hệ đẳng cấp bậc hai đối với hai biến x & y . . . .

8

Một số kiến thức cần nắm vững khi giải hệ phương trình
8

Một số phương pháp giải hệ phương trình khơng mẫu mực 10
1.3.1

Phương pháp biến đổi tương đương . . . . . . . .

10

1.3.2

Phương pháp đặt ẩn phụ . . . . . . . . . . . . . .

16

1.3.3

Phương pháp thế . . . . . . . . . . . . . . . . . .

21

Chương 2. Một số bài tập tự luyện
2.1

6

Một số hệ phương trình thường gặp . . . . . . . . . . . .

không mẫu mực . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .

1.3

3

26

Bài tập tự luyện . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .

26

Kết luận . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .

33

download by :


MỞ ĐẦU

1. Lí do chọn đề tài
Hệ phương trình là một dạng toán khá phổ biến trong các đề thi
tuyển sinh vào các trường THPT chuyên, lớp chọn và đề thi học sinh
giỏi các cấp, đặc biệt là thi học sinh giỏi mơn tốn lớp 9.
Đối với nhiều học sinh, bài tốn giải hệ phương trình được coi là bài
tốn khó, địi hỏi người học phải có năng lực tư duy logic, kiến thức phải
chắc chắn về hệ phương trình.
Chính vì vậy giải hệ phương trình ln gây được sự hấp dẫn đối
với người dạy lẫn người học. Có nhiều phương pháp để giải hệ phương
trình, tuy nhiên khơng có phương pháp nào vạn năng để giải được mọi
bài toán.

Trong q trình giảng dạy học sinh ơn thi vào lớp 10 và bồi dưỡng
học sinh giỏi tốn 9,tơi thấy học sinh gặp phải khó khăn và lúng túng
khi giải hệ phương trình đặc biệt là các hệ phương trình khơng mẫu
mực. Làm thế nào để học sinh có thể tìm tịi khám phá đưa việc giải các
hệ phương trình khơng mẫu mực về giải hệ phương trình quen thuộc, cơ
bản là vấn đề trăn trở, suy nghĩ của bản thân tôi cũng như nhiều đồng
nghiệp. Để bồi dưỡng chuyên môn đồng thời giúp các em học sinh lớp 9
có thêm một vài phương pháp giải hệ phương trình nên tơi viết chuyên
đề với tên đề tài:
"Một số phương pháp
giải hệ phương trình khơng mẫu mực"
Với một số phương pháp giải hệ này tơi hi vọng sẽ có tác dụng trong
việc rèn luyện tư duy toán học cho các em học sinh và là nguồn tài liệu
nhỏ giúp các em luyện tập nâng cao kiến thức phục vụ cho các kì thi

download by :


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chuyên đề Toán

học sinh giỏi và ơn thi vào lớp 10.

2. Mục đích nghiên cứu
Trang bị cho học sinh về một số phương pháp giải hệ phương trình
khơng mẫu mực mạng lại hiệu quả rõ rệt.
Bồi dưỡng cho học sinh về phương pháp, kĩ năng giải tốn, qua đó
học sinh nâng cao khả năng tư duy sáng tạo.
3. Nhiệm vụ nghiên cứu

Thơng qua tìm tịi, tổng hợp để đưa ra được các dạng bài tập và
phương pháp giải cho từng dạng bài toán giúp học sinh có kiến thức
chắc về nội dung hết sức quan trọng của chương trình.
4. Đối tượng nghiên cứu
Hệ phương trình trong chương trình đại số 9.
Phân loại các dạng tốn và phương pháp giải mỗi dạng

5. Phạm vi nghiên cứu và giới hạn nghiên cứu
Chuyên đề được xây dựng, nghiên cứu và triển khai trong chương
trình tốn đại số 9
Hệ phương trình khơng mẫu mực
6. Phương pháp nghiên cứu
Tham khảo sách, báo, tài liệu.
Thực tiễn giảng dạy
GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 4


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chuyên đề Toán

Tham khảo các đề thi HSG các tỉnh, đề thi các trường chuyên

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 5


Chương 1
NỘI DUNG
1.1
1.1.1

MỘT SỐ HỆ PHƯƠNG TRÌNH THƯỜNG GẶP
HỆ PHƯƠNG TRÌNH BẬC NHẤT HAI ẨN

Định nghĩa 1.1. Là hệ phương trình có dạng:

ax + by = c (1)

a x + b y = c (2)
trong đó phương trình (1), (2) là phương trình bậc nhất hai ẩn x và y.

Cách giải: Với hệ này ta có thể giải bằng nhiều cách khác nhau như:
• Phương pháp thế
• Phương pháp cộng đại số
• Phương pháp đồ thị
• Sử dụng máy tính cầm tay
• Phương pháp tính theo định thức,...
1.1.2

HỆ BA PHƯƠNG TRÌNH BẬC NHẤT BA ẨN

Định

nghĩa
1.2. Là



 a1 x + b1 y + c1 z = d1 (1)

hệ

phương

trình

có

dạng

a2 x + b2 y + c2 z = d2 (2) trong đó phương trình (1), (2) và (3)


 a x + b y + c z = d (3)
3
3
3
3
là phương trình bậc nhất ba ẩn x, y và z.
Cách giải: Với hệ này ta có thể giải bằng nhiều cách khác nhau như:

download by :

Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chun đề Tốn

• Phương pháp thế
• Phương pháp cộng đại số
• Phương pháp đồ thị
• Sử dụng máy tính cầm tay
• Phương pháp tính theo định thức,...
1.1.3

HỆ GỒM MỘT PHƯƠNG TRÌNH BẬC NHẤT HAI
ẨN VÀ MỘT PHƯƠNG TRÌNH KHÁC

Định nghĩa 1.3. Là hệ phương trình có dạng
ax + by + c = 0
f (x, y) = 0
trong đó x, y là ẩn và f (x, y) là biểu thức chứa hai biến x, y
Cách giải: Với hệ này ta có thể giải bằng:
• Phương pháp thế
1.1.4

HỆ ĐỐI XỨNG LOẠI 1

Định nghĩa 1.4. Là hệ phương trình mà khi ta thay đổi vai trị của hai
ẩn cho nhau trong mỗi phương trình thì từng phương trình đó khơng
thay đổi
Cách giải:
Bước 1: Biến đổi tương đương làm xuất hiện x + y và x.y

Bước 2: Đặt S = x + y và P = x.y (với S 2 ≥ 4P )
GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 7


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chuyên đề Toán

Bước 3: Giải hệ phương trình với ẩn mới là S, P . Tìm được S, P
Bước 4: Tìm nghiệm x; y của hệ phương trình đã cho
1.1.5

HỆ ĐỐI XỨNG LOẠI 2

Định nghĩa 1.5. Là hệ phương trình mà khi ta thay đổi vai trị của
hai ẩn cho nhau trong mỗi phương trình, phương trình này biến thành
phương trình kia và ngược lại.
Cách giải: Trừ vế cho vế tương ứng của các phương trình để biến đổi
về phương trình tích có nhân tử là x − y, rồi thế ẩn này theo ẩn kia để
giải hệ phương trình.
1.1.6

HỆ ĐẲNG CẤP BẬC HAI ĐỐI VỚI HAI BIẾN x & y

Định nghĩa 1.6. Là hệ phương trình có dạng

ax2 + bxy + cy 2 = d
a x2 + b xy + c y 2 = d

Cách giải:
Nếu x = 0 thì ta đặt y = kx rồi nhận xét và chia vế cho vế ta được
phương trình ẩn k, tìm được k từ đó tìm được x, y
Nếu x = 0 thì viết lại hệ phương trình đã cho và giải hệ phương trình
đó.
1.2

MỘT SỐ KIẾN THỨC CẦN NẮM VỮNG KHI GIẢI
HỆ PHƯƠNG TRÌNH KHƠNG MẪU MỰC

• Các hằng đẳng thức.
• Các phương pháp phân tích đa thức thành nhân tử
GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 8


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chun đề Tốn

• Nhân đơn thức với đa thức, nhân đa thức với đa thức
• Tính ∆ và ∆
• Cách giải phương trình bậc hai, bậc ba, bậc bốn,...
• Các phép biến đổi tương đương.

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 9


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

1.3

Chuyên đề Toán

MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH
KHƠNG MẪU MỰC

Khơng có phương pháp chung để giải mọi hệ phương trình khơng mẫu
mực. Tùy theo đặc trưng các phương trình của hệ mà ta lựa chọn những
phương pháp như: Biến đổi tương đương, phương pháp thế, phương pháp
đặt ẩn phụ, dùng bất đẳng thức,... để dưa hệ đã cho thành các hệ đơn
giản hơn hoặc các hệ quen thuộc ( mẫu mực) từ đó ta tìm ra tập nghiệm
của hệ phương trình.
1.3.1

PHƯƠNG PHÁP BIẾN ĐỔI TƯƠNG ĐƯƠNG

Phương pháp này chủ yếu là sử dụng các kĩ năng biến đổi đồng nhất đặc
biệt là kĩ năng phân tích nhằm đưa một phương trình của hệ về dạng
đơn giản hơn.

DẠNG 1 Một phương trình trong hệ có thể đưa về dạng tích
của các phương trình bậc nhất hai ẩn.
Ví dụ 1.1. Giải hệ phương trình:

xy + x + y = x2 − 2y 2 (1)
√
√
x 2y − y x − 1 = 2x − 2y (2)

Nhận xét: Dễ dàng thấy phương trình (1) của hệ có thể đưa về phương
trình tích, từ đó ta tìm được x theo y, thay vào phương trình (2), từ đó
tìm được giá trị y, giá trị x. Lời giải
• Điều kiện: x ≥ 1, y ≥ 0 (∗)
x2 − xy − 2y 2 − (x + y) = 0

pt (1) ⇔
⇔

x2 − y 2 − y (x + y) − (x + y) = 0

⇔

(x + y) (x − 2y − 1) = 0

⇔

x = 2y + 1, (x + y ≥ 1)

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 10


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chun đề Tốn

• Thay x = 2y + 1 vào phương trình (2) và biến đổi:
2y − 2 = 0 ⇔ y = 2, (do y ≥ 0) ⇒ x = 5

(y + 1)

• Do x = 5, y = 2 thỏa mãn điều kiện (*).
Bằng cách thử, vậy hệ phương trình có nghiệm là
(x; y) = (5; 2)

Ví dụ 1.2. Giải hệ phương trình:

6x2 − 3xy + x = 1 − y (1)
x2 + y 2 = 1

(2)

Lời giải
pt (1) ⇔

6x2 − 3xy + 3x − 2x + y − 1 = 0

⇔

6x2 − 2x − (3xy − y) + (3x − 1) = 0

⇔

(3x − 1) (2x − y + 1) = 0

1
x=

3
y = 2x + 1

⇔

1
vào phương trình (2) và biến đổi ta được:
3
√

2 2
8
 y = 3√
y2 = ⇔ 
2 2
9
y=−
3

• Thay x =

• Thay y = 2x + 1 vào phương trình (2) và biến đổi :
x2 + (2x + 1)2 = 1 ⇔ 5x2 + 4x = 0
⇔ x (5x + 4) = 0

x=0

⇔
4
x=−
5
GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 11


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chun đề Tốn

• Với x = 0 thì y = 1
4
3
• Với x = − thì y = −
5
5

Bằng cách thử, vậy hệ phương trình có nghiệm là:
√
√
1 2 2
1 2 2
(x; y) =
;
, (x; y) =
;−
,
3 3
3
3
4 3
(x; y) = (0; 1) , (x; y) = − ; − .
5 5
DẠNG 2: Cộng hoặc trừ từng vế hai phương trình rồi biến
đổi về phương trình tích

Ví dụ 1.3. Giải hệ phương trình:
Lời giải

x3 + y 3 = 1 + y − x + xy (1)
7xy + y − x = 7

(2)

Cộng vế với vế của phương trình (1) và phương trình (2) ta

được:

(x + y)3 − 23 − 3x2 y − 3xy 2 + 6xy = 0

x3 + y 3 + 6xy = 8 ⇔
⇔

(x + y − 2) x2 + y 2 + 4 − xy + 2y + 2x = 0

⇔ (x + y − 2) (x − y)2 + (x + 2)2 + (y + 2)2 = 0
⇔

⇔

x+y−2=0
(x − y)2 + (x + 2)2 + (y + 2)2 = 0
y =2−x
x = y = −2

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 12


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chuyên đề Toán

Với y = 2 − x, thay vào phương trình (2), ta được:


x=y=1


x=1

x=5

7x2 − 12x + 5 = 0 ⇔ 
⇔
5

7
x=

9
7
y=
7
Với x = y = −2, khơng thỏa mãn phương trình (2) của hệ loại
Bằng cách thử, vậy hệ phương trình có nghiệm là:
(x; y) = (1; 1) , (x; y) =

5 9
;
7 7

Ví dụ 1.4. Giải hệ phương trình:



 x2 + y + x3 y + xy 2 + xy = − 5 (1)
4
(I)
5

4
2
 x + y + xy (1 + 2x) = − (2)
4
Lời giải
(I) ⇔

⇔









 x2 + y + x3 y + xy 2 + xy = − 5
4
5


x4 + 2x2 y + y 2 + xy = −
4
5

x2 + y + xy x2 + y + xy = − (3)
4
5
2
x2 + y + xy = − (4)
4

Trừ vế với vế của phương trình (3) cho phương trình (4) ta được:
x2 + y + xy x2 + y − x2 + y

2

=0⇔
⇔

⇔

x2 + y

x2 + y − 1 − xy = 0

x2 + y = 0
x2 + y − 1 − xy = 0
y = −x2
x2 + y = 1 + xy

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 13


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chuyên đề Toán

Với y = −x2 , thay vào phương trình (2) ta được:
5
25
3 5
x3 = ⇔ x =
khi đó y = − 3
4
4
16
2
Với x + y = xy + 1 thay vào phương trình (4) ta được:
9
5
(xy + 1)2 + xy = − ⇔ (xy)2 + 3xy + = 0
4
4
2
3
3
⇔ xy +
=0⇔
xy + = 0
2

2
3
⇔
xy = −
2



 x2 + y = − 1
x=1
2
Khi đó
⇔
3

 y = −3
 xy = −
2
2
Bằng cách thử, vậy hệ phương trình có nghiệm là:
(x; y) =

3

5
3 25
;−
4
16

; (x; y) =

1; −

3
2

DẠNG 3:Biến đổi một phương trình của hệ về dạng phương
trình bậc hai theo một ẩn chẳng hạn đó là ẩn y, lúc đó ta xem
x là tham số.
Biểu diễn y qua x bằng cách giải phương trình bậc hai ẩn y
Ví dụ 1.5. Giải hệ phương trình:
y 2 = (x + 8) x2 + 2

(1)

16x − 8y + 16 = 5x2 + 4xy − y 2 (2)
Nhận xét: Viết phương trình (2) về dạng phương trình bậc hai ẩn y
, x là tham số thì phương trình này có ∆ là bình phương của một biểu
thức, ta tìm được giá trị y, từ đó tìm được x.
GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 14


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chuyên đề Toán

Lời giải
Biến đổi phương trình (2) về dạng:
y 2 − (4x + 8) y + 16 + 16x − 5x2 = 0 (3) là phương trình bậc hai ẩn
y, x là tham số.
Có ∆ = 9x2 , phương trình (3) có hai nghiệm là y = 4−x hoặc y = 5x+4
Với y = 4 − x thay vào phương trình (1) ta được:


x=0

(4 − x) = (x + 8) x2 + 2 ⇔ (x + 2) (x + 5) x = 0 ⇔ 
 x = −2
x = −5
Do đó hệ có nghiệm
2

(x; y) = (0; 4) , (x; y) = (−2; 6) , (x; y) = (−5; 9) ,
Với y = 5x + 4 thay vào phương trình (1) ta được:


x=0

(5x + 4)2 = (x + 8) x2 + 2 ⇔ x (x − 19) (x + 2) = 0 ⇔ 
 x = 19
x = −2
Do đó, Hệ có nghiệm:
(x; y) = (0; 4) , (x; y) = (19, 99) , (x; y) = (−2; −6) ,
Bằng cách thử, vậy hệ phương trình có nghiệm là:
(x; y) = (0; 4) , (x; y) = (19, 99) , (x; y) = (−2; −6) , (x; y) = (−2; 6) , (x; y) =

(−5; 9) ,
Ví dụ 1.6. Giải hệ phương trình:

x2 + 2 = 3x + y − xy (1)
x2 + y 2 = 2

(2)

Nhận xét: Viết phương trình (1) về dạng phương trình bậc hai ẩn x
, y là tham số thì phương trình này có ∆ là bình phương của một biểu
thức, ta tìm được giá trị x, từ đó tìm được y.
Lời giải

Biến đổi phương trình (1) về dạng: x2 + (y − 3) x + (2 − y) =

0 (3) là phương trình bậc hai ẩn x, y là tham số.
GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 15


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chun đề Tốn

Ta có: ∆ = (y − 1)2 , khi đó phương trình (3) có hai nghiệm là
x = 1, x = 2 − y
Với x = 1, thay vào phương trình (2) ta có y = ±1

Với x = 2 − y, thay vào phương trình (2) ta có (2 − y)2 + y 2 = 2 ⇔ y = 1
khi đó x = 1
Bằng cách thử, vậy hệ phương trình có nghiệm:
(x; y) = (1; 1) , (x; y) = (1; −1)

1.3.2

PHƯƠNG PHÁP ĐẶT ẨN PHỤ

• Phương pháp này có thể đặt một hoặc hai ẩn để đưa hệ đã cho
thành hệ đơn giản hơn với các ẩn phụ mới. Giải hệ đối với ẩn phụ
mới, từ đó suy ra nghiệm của hệ phương trình ban đầu.
• Có thể từ hệ phương trình đã cho nhìn thấy ngay ẩn phụ mới, cũng
có khi phải thông qua một vài phép biến đổi mới có thể nhìn thấy
việc đặt ẩn phụ

Ví dụ 1.7. Giải hệ phương trình:

2 x2 + 3y −

y 2 + 8x − 1 = 0

x (x + 8) + y (y + 3) − 13 = 0

Nhận xét: Cả 2 phương trình của hệ ta đều thấy có biểu thức:
x2 + 3y và
Lời giải
Đặt a =

y 2 + 8x nên ta dùng phương pháp đặt ẩn phụ hai ẩn mới.

x2 + 3y ≥ 0
Điều kiện:
(∗)
y 2 + 8x ≥ 0
x2 + 3y; b =

y 2 + 8x (a ≥ 0, b ≥ 0)

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 16


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chun đề Tốn

Hệ phương trình đã cho trở thành:
2a − b = 1
a2 + b2 = 13

b = 2a − 1

⇔

⇔

⇔

a2 + (2a − 1)2 = 13
b = 2a − 1
(5a + 6) (a − 2) = 0



b = 2a − 1


a=2



6

 a = − (loại)
5

Do đó

4 − x2


y
=

x2 + 3y = 2
a=2
3 2

⇒
⇔
4 − x2

y 2 + 8x = 3
b=3

+ 8x = 9

3

4 − x2



2

y= 3
 y = 4−x
⇔
⇔
3
x=1


2

(x − 1) (x + 5) x − 4x + 13 = 0

 x = −5


x=1


y=1

⇔
(thỏa mãn điều kiện)


x
=
−5

y = −7
Bằng cách thử, vậy hệ có nghiệm là
(x; y) = (1; 1), (x; y) = (−5; −7)

Ví dụ 1.8. Giải hệ phương trình:

x2 + y 2 + 2y = 4 (1)
2x + y + xy = 4 (2)

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 17

Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chuyên đề Toán

Nhận xét: Chưa nhìn thấy ngay để dùng phương pháp đặt ẩn phụ, ta
biến đổi phương trình (1) và phương trình (2) để xuất hiện biểu thức
chung x(y + 1) và x + (y + 1) Lời giải
x2 + y 2 + 2y = 4
x2 + (y + 1)2 = 5
⇔
2x + y + xy = 4
x (y + 1) + [x + (y + 1)] = 5
Đặt a = x + (y + 1), b = x(y + 1)
Khi đó
a2 − 2b = 5
a+b=5

b=5−a

⇔

a2 − 10 + 2a = 5



 b=5−a

⇔

⇔

a=3





a = −5

x + (y + 1) = 3

Với a = 3, b = 2 ta có

x (y + 1) = 2

Với a = −5, b = 10 ta có

b=5−a

⇔

⇔

x + (y + 1) = −5

x (y + 1) = 10
Bằng cách thử, vậy hệ có nghiệm:

a2 + 2a − 15 = 0
a = 3; b = 2

a = −5; b = 10
x=y=1
x = 2; y = 0
hệ này vô nghiệm

(x; y) = (1; 1), (x; y) = (2; 0)

Ví dụ 1.9. Giải hệ phương trình:

y + xy 2 = 6x2 (1)
1 + x2 y 2 = 5x2 (2)

Nhận xét:
• Nếu x = 0 khơng thỏa mãn hệ phương trình
• Nếu x = 0 chia cả hai vế của phương trình (1) và phương trình (2)
1
y
cho x2 = 0 để 2 phương trình xuất hiện biểu thức chung + y và
x
x
GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 18


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chuyên đề Toán

Lời giải
Với x = 0, khơng thỏa mãn hệ phương trình
Với x = 0 chia cả hai vế (1) và (2) cho x2 = 0 ta được:


y 1
2



+y =6
 y +y =6

x
x
2
x
x
⇔
2
1
1
y


2


+y =5


+y −2 =5
2
x
x
x
Đặt S =

1
y
+ y; P = . Khi đó ta có
x
x
P.S = 6
S 2 − 2P = 5

Ta có

⇔

S=3
P =2


x=1
x=1
2
hoặc
y=1
y=2

Bằng cách thử, Vậy hệ phương trình có nghiệm:
(x; y) = (1; 2) , (x; y) =

1
;1
2


1


=5
 (x + y) 1 +
xy
Ví dụ 1.10. Giải hệ phương trình:
1


 x2 + y 2 1 + 2 2 = 49
xy
Nhận xét: Đây là hệ đối xứng loại 1, nếu ta đặt ẩn phụ theo tổng và
tích như cách thơng thường thì được hệ phương trình ẩn mới vẫn phức
tạp.
Nhưng nếu thơng qua một vài bước biến đổi, sau đó mới sử dụng phương
pháp đặt ẩn phụ thì được hệ phương trình đơn giản hơn.
Lời giải

Điều kiện x = 0, y = 0

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 19


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chun đề Tốn

Ta có


1




=5
 (x + y) 1 +

xy
⇔
1


2
2



1 + 2 2 = 49
 x +y

xy

x+

1
x

x2 +

1
x2

+ y+

1
y

+ y2 +

=5
1
y2

= 49

1

1
Đặt a = x + ; b = y +
x
y
Khi đó ta có hệ phương trình
a+b=5
a2 + b2 = 53

⇔

⇔

a=5−b
(5 − b)2 + b2 = 53

a=5−b

 b = −2


 a=5−b

b=7

⇔

a=5−b

(b + 2) (b − 7) = 0


a=7

 b = −2

⇔
 a = −2

b=7

Do đó
1
=7
x
1
y + = −2
y
1
x + = −2
x
1
y+ =7
y

√
7
∓
45

x
=


2


y = −1

⇔ 
  x = −1

√

7
∓
45
y=
2















x+

Bằng cách thử, vậy hệ phương trình có nghiệm là
√
√
7 + 45
7 − 45
(x; y) =
; −1 ; (x; y) =
; −1
2
2
GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 20


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

(x; y) =

1.3.3

−1;

7+

√

Chuyên đề Toán

45

; (x; y) =

2

−1;

7−

√

45

2

PHƯƠNG PHÁP THẾ

Rút ra một ẩn hoặc 1 biểu thức hoặc một số từ phương trình này thế
vào phương trình kia để được 1 phương trình đơn giản hơn, nhờ đó ta
có hệ phương trình đơn giản hơn.
Ta thường áp dụng cách này với các hệ mà ta quan sát thấy 1 phương
trình của hệ mà một ẩn chỉ có bậc nhất hoặc ở cả hai phương trình của
hệ có cùng 1 biểu thức chung
Nhiều khi phải thơng qua một vài bước biến đổi tương đương rồi mới có
thể sử dụng phương pháp thế được

Ví dụ 1.11. Giải hệ phương trình:
x2 (y + 1) (x + y) = 3x2 − 4x + 1 (1)
xy + x + 1 = x2

(2)

Nhận xét: Dễ dàng rút y từ phương trình (2) của hệ, thay vào phương
trình (1) ta được phương trình ần x, từ đó có lời giải như sau:
Lời giải
• Ta thấy x = 0 khơng thỏa mãn phương trình (2)
x2 − x − 1
• Với x = 0, thì (2) ⇔ xy = x − x − 1 ⇔ y =
, thay vào
x
2

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 21


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chun đề Tốn

phương trình (1) ta được:
x2 − x − 1
x2 − x − 1

x.
+1 . x+
= 3x2 − 4x + 1
x
x
⇔
x2 − 1 2x2 − x − 1 = (x − 1) (3x − 1)
2

⇔

x (x − 1) 2x2 + x − 5 = 0

⇔

(x − 1) 2x2 + x − 5 = 0 (vìx = 0)

x=1
√

−1 ± 41
x=
4

⇔

Với x = 1 thì y√= −1
√
−27 + 3 41
−1 + 41

thì y =
Với x =
4√
20 √
−1 − 41
−27 − 3 41
Với x =
thì y =
4
20
Bằng cách thử, vậy hệ phương trình có nghiệm là

(x; y) =
,
(x; y) =

(x; y) = (1; −1)
√
√
−1 + 41 −27 + 3 41
;
4
20
√
√
−1 − 41 −27 − 3 41
;
4
20
√

Ví dụ 1.12. Giải hệ phương trình:

√

7x + y +

√

2x + y = 5 (1)

2x + y + x − y = 2

(2)

√
Nhận xét: Cả hai phương trình của hệ đều có biểu thức 2x + y nên
√
từ phương trình (2) ta rút 2x + y = 2 + y − x rồi thế vào phương trình
(1).
Lời giải

Điều kiện:

7x + y ≥ 0
2x + y ≥ 0

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 22


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

• Từ phương trình (2) suy ra

Chuyên đề Toán

√

2x + y = 2 + y − x (x − y ≤ 2), thế
√
vào phương trình (1) ta được: 7x + y = 3 + x − y (x − y ≥ −3)

• Do đó ta được:



 −3 ≤ x − y ≤ 2

7x + y = 9 + x2 + y 2 + 6x − 2xy − 6y

⇔

⇔

⇔

⇔

⇔



 2x + y = 4 + y 2 + x2 + 4y − 4x − 2xy



 −3 ≤ x − y ≤ 2
5x + 2y = 5 + 10x − 10y


 2x + y = 4 + y 2 + x2 + 4y − 4x − 2xy




 −3 ≤ x − y ≤ 2
x = 2y − 1


 2 (2y − 1) + y = 4 + y 2 + (2y − 1)2 + 4y − 4 (2y − 1) − 2xy



 −3 ≤ x − y ≤ 2
x = 2y − 1



 y 2 − 11y + 11 = 0



−3 ≤ x − y ≤ 2



√



 x = 10 + 77


√



11
+
77

y
=

2√








  x = 10 − √77





11 − 77

 y=
2

√
 x = 10 − 77
√
11
−
77
y=
2

Bằng cách thử, vậy hệ phương trình đã cho có nghiệm là
√
√
11 − 77
(x; y) = 10 − 77;

2
GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 23


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Chun đề Tốn

Ví dụ 1.13. Giải hệ phương trình:

x3 + 2xy 2 + 12y = 0 (1)
x2 + 8y 2 = 12

(2)

Nhận xét: Nếu thay 12 = x2 + 8y 2 vào phương trình (1) thì ta có thể
biến đổi phương trình (1) thành phương trình tích
Lời giải
Thay 12 = x2 + 8y 2 vào phương trình (1) ta được:
x3 + 2xy 2 + x2 + 8y 2 y = 0 ⇔ (x + 2y) x2 − xy + 4y 2 = 0
x = −2y

⇔

x2 − xy + 4y 2 = 0





Hệ phương trình đã cho tương đương 



Giải hệ (I):



x = −2y

⇔

y2 = 1


x = −2y
2

2

x + 8y = 12

(I)

x2 − xy + 4y 2 = 0
x2 + 8y 2 = 12

(II)

x = −2
y=1
x=2

y = −1

 x − y 2 + 15 y 2 = 0
2
4
⇔
Giải hệ (II):
 x2 + 8y 2 = 12

x = 0; y = 0
x2 + 8y 2 = 12

hệ vơ nghiệm

Bằng cách thử, vậy hệ phương trình có nghiệm là:
(x; y) = (−2; 1) , (x; y) = (2; −1)

Ví dụ 1.14. Giải hệ phương trình:

y 3 + xy 2 + 3x − 6y = 0 (1)
x2 + xy = 3 (2)

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

Trang 24


Trường THCS &THPT Hai Bà Trưng

Lời giải Ta có
y 3 + xy 2 + 3x − 6y = 0 (1)

Chuyên đề Toán

y 3 + xy 2 + 3x − 2.3y = 0 (3)

⇔
x2 + xy = 3 (2)
x2 + xy = 3
Thay 3 = x2 + xy vào phương trình (3) ta được:

y 3 + xy 2 + x2 + xy x − 2y x2 + xy = 0 ⇔ (x + y) (x − y)2 = 0
x = −y

⇔

x=y

• Với x = −y, thay vào phương trình (2) ta được y 2 − y 2 = 3, phương
trình vơ nghiệm
• Với x = y, thayvào phương trình (2), ta được:

3
y=

2
y2 + y2 = 3 ⇔ 

3
y=−
2
Bằng cách thử, vậy hệ phương trình có nghiệm
(x; y) =

3
;
2

3
2

, (x; y) =

−

3
;−
2

GV: Nguyễn Thị Thanh Huyền

download by :

3
2

Trang 25